2019年全国统一高考物理试卷（新课标ⅲ）（含解析版）下载

绝密 启用前 ★2019 年全国统一高考物理试卷（新课标Ⅲ） 二、选择题：本题共 8 小题，每小题 6 分。在每小题给出的四个选项中，第 14~18 题只有一项符合题目要求，第 19~21 题有多项符合题目要求。全部选对的得 6 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。 楞次定律是下列哪个定律在电磁感应现象中的具体体现？ 1. 电阻定律 欧姆定律 库仑定律 A. C. B. 能量守恒定律 D. 金星、地球和火星绕太阳的公转均可视为匀速圆周运动，它们的向心加速度大小分别为 a 2. 金、a 地、a 火，它们沿轨道运行的速率分别为 v 金、v 地、v 火。已知它们的轨道半径 R 金<R 地 <R 火，由此可以判定 A. a 金>a 地>a 火 C. v 地>v 火>v 金 B. a 火>a 地>a 金 D. v 火>v 地>v 金 用卡车运输质量为 m 的匀质圆筒状工件，为使工件保持固定，将其置于两光滑斜面之间， 3. 如图所示。两斜面 I、Ⅱ固定在车上，倾角分别为 30°和 60°。重力加速度为 g。当卡车沿平 直公路匀速行驶时，圆筒对斜面 I、Ⅱ压力的大小分别为 F1、F2，则 3333A. F = mg，F2 = mg B. F = mg，F2 = mg 1132231331C. F = mg，F2 = mg D. F = mg，F2 = mg 112222从地面竖直向上抛出一物体，物体在运动过程中除受到重力外，还受到一大小不变、方向 4. 始终与运动方向相反的外力作用。距地面高度 h 在 3m 以内时，物体上升、下落过程中动能 Ek 随 h 的变化如图所示。重力加速度取 10m/s2。该物体的质量为 第 1 页 共 22 页 2kg 1.5kg 1kg 0.5kg A. B. C. D. 12B如图，在坐标系的第一和第二象限内存在磁感应强度大小分别为 和 B、方向均垂直于 5. 纸面向外的匀强磁场。一质量为 m、电荷量为 q（q>0）的粒子垂直于 x 轴射入第二象限， 随后垂直于 y 轴进入第一象限，最后经过 x 轴离开第一象限。粒子在磁场中运动的时间为 5πm 6qB 7πm 6qB 11πm 6qB 13πm 6qB A. B. C. D. 如图，方向竖直向下的匀强磁场中有两根位于同一水平面内的足够长的平行金属导轨，两 6. 相同的光滑导体棒 ab、cd 静止在导轨上。t=0 时，棒 ab 以初速度 v0 向右滑动。运动过程中， ab、cd 始终与导轨垂直并接触良好，两者速度分别用 v1、v2 表示，回路中的电流用 I 表示。 下列图像中可能正确的是 A. B. C. D. 如图（a），物块和木板叠放在实验台上，物块用一不可伸长的细绳与固定在实验台上的力 7. 第 2 页 共 22 页 传感器相连，细绳水平。t=0 时，木板开始受到水平外力 F 的作用，在 t=4s 时撤去外力。细 绳对物块的拉力 f 随时间 t 变化的关系如图（b）所示，木板的速度 v 与时间 t 的关系如图 （c）所示。木板与实验台之间的摩擦可以忽略。重力加速度取 g=10m/s2。由题给数据可以 得出 木板的质量为 1kg A. B. C. D. 2s~4s 内，力 F 的大小为 0.4N 0~2s 内，力 F 的大小保持不变 物块与木板之间的动摩擦因数为 0.2 如图，电荷量分别为 q 和–q（q>0）的点电荷固定在正方体的两个顶点上，a、b 是正方体 8. 的另外两个顶点。则 A. a 点和 b 点的电势相等 B. a 点和 b 点的电场强度大小相等 C. a 点和 b 点的电场强度方向相同 D 将负电荷从 a 点移到 b 点，电势能增加 .三、非选择题：共 174 分，第 22~32 题为必考题，每个试题考生都必须作答。 第 33~38 题为选考题，考生根据要求作答。 （一）必考题：共 129 分。 甲乙两位同学设计了利用数码相机的连拍功能测重力加速度的实验。实验中，甲同学负责 9. 释放金属小球，乙同学负责在小球自由下落的时候拍照。已知相机每间隔 0.1s 拍 1 幅照片。 第 3 页 共 22 页 （1）若要从拍得的照片中获取必要的信息，在此实验中还必须使用的器材是_______。（填 正确答案标号） A.米尺 B.秒表 C.光电门 D.天平 的（2）简述你选择 器材在本实验中的使用方法。 答：________________________________________________ （3）实验中两同学由连续 3 幅照片上小球的位置 a、b 和 c 得到 ab=24.5cm、ac=58.7cm，则 该地的重力加速度大小为 g=___m/s2。（保留 2 位有效数字） 某同学欲将内阻为 98.5Ω、量程为 100uA 的电流表改装成欧姆表并进行刻度和校准，要 10. 求改装后欧姆表的 15kΩ 刻度正好对应电流表表盘的 50uA 刻度。可选用的器材还有：定值 电阻 R0（阻值 14kΩ），滑动变阻器 R1（最大阻值 1500Ω），滑动变阻器 R2（最大阻值 500Ω），电阻箱（0~99999.9Ω），干电池（E=1.5V，r=1.5Ω），红、黑表笔和导线若干。 （1）欧姆表设计 将图（a）中的实物连线组成欧姆表。（ ）欧姆表改装好后，滑动变阻器 R 接入 电路的电阻应为____Ω：滑动变阻器选____（填“R1”或“R2”）。 （2）刻度欧姆表表盘 通过计算，对整个表盘进行电阻刻度，如图（b）所示。表盘上 a、b 处的电流刻度分别为 25 和 75，则 a、b 处的电阻刻度分别为____、____。 第 4 页 共 22 页 （3）校准 红、黑表笔短接，调节滑动变阻器，使欧姆表指针指向___kΩ 处；将红、黑表笔与电阻箱连 接，记录多组电阻箱接入电路的电阻值及欧姆表上对应的测量值，完成校准数据测量。若校 准某刻度时，电阻箱旋钮位置如图（c）所示，则电阻箱接入的阻值为_______Ω。 的空间存在一方向竖直向下 匀强电场，O、P 是电场中的两点。从 O 点沿水平方向以不 11. 同速度先后发射两个质量均为 m 的小球 A、B。A 不带电，B 的电荷量为 q（q>0）。A 从 O t点发射时的速度大小为 v0，到达 P 点所用时间为 t；B 从 O 点到达 P 点所用时间为 。重力 2加速度为 g，求 （1）电场强度的大小； 的（2）B 运动到 P 点时 动能。 静止在水平地面上的两小物块 A、B，质量分别为 m =l.0kg，m =4.0kg；两者之间有一被 12. AB压缩的微型弹簧，A 与其右侧的竖直墙壁距离 l=1.0m，如图所示。某时刻，将压缩的微型弹 簧释放，使 A、B 瞬间分离，两物块获得的动能之和为 Ek=10.0J。释放后，A 沿着与墙壁垂 直的方向向右运动。A、B 与地面之间的动摩擦因数均为 u=0.20。重力加速度取 g=10m/s²。 A、B 运动过程中所涉及的碰撞均为弹性碰撞且碰撞时间极短。 （1）求弹簧释放后瞬间 A、B 速度的大小； （2）物块 A、B 中的哪一个先停止？该物块刚停止时 A 与 B 之间的距离是多少？ （3）A 和 B 都停止后，A 与 B 之间的距离是多少？ （二）选考题：共 45 分。请考生从 2 道物理题、2 道化学题、2 道生物题中每 科任选一题作答。如果多做，则每科按所做的第一题计分。 第 5 页 共 22 页 [物理一一选修 3–3] 用油膜法估算分子大小的实验中，首先需将纯油酸稀释成一定浓度的油酸酒精溶液，稀 13. 释的目的是_______________________________________________。实验中为了测量出一滴 已知浓度的油酸酒精溶液中纯油酸的体积，可以 _____________________________________________________________。为得到油酸分子的 直径，还需测量的物理量是_________________________________。 如图，一粗细均匀的细管开口向上竖直放置，管内有一段高度为 2.0cm 的水银柱，水银 14. 柱下密封了一定量的理想气体，水银柱上表面到管口的距离为 2.0cm。若将细管倒置，水银 柱下表面恰好位于管口处，且无水银滴落，管内气体温度与环境温度相同。已知大气压强为 76cmHg，环境温度为 296K。 （1）求细管的长度； （2）若在倒置前，缓慢加热管内被密封的气体，直到水银柱的上表面恰好与管口平齐为止， 求此时密封气体的温度。 [物理——选修 3–4] 水槽中，与水面接触的两根相同细杆固定在同一个振动片上。振动片做简谐振动时，两 15. 根细杆周期性触动水面形成两个波源。两波源发出的波在水面上相遇。在重叠区域发生干涉 并形成了干涉图样。关于两列波重叠区域内水面上振动的质点，下列说法正确的是 ________。 A. 不同质点的振幅都相同 B. 不同质点振动的频率都相同 C. 不同质点振动的相位都相同 D. 不同质点振动的周期都与振动片的周期相同 第 6 页 共 22 页 E. 同一质点处，两列波的相位差不随时间变化 的如图，直角三角形 ABC 为一棱镜 横截面，∠A=90°，∠B=30°。一束光线平行于底边 BC 16. 射到 AB 边上并进入棱镜，然后垂直于 AC 边射出。 （1）求棱镜的折射率； （2）保持 AB 边上的入射点不变，逐渐减小入射角，直到 BC 边上恰好有光线射出。求此时 AB 边上入射角的正弦。 第 7 页 共 22 页 绝密 启用前 ★2019 年普通高等学校招生全国统一考试 理科综合能力测试 物理部分 注意事项： 1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号 涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时， 将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。。 3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 二、选择题：本题共 8 小题，每小题 6 分。在每小题给出的四个选项中，第 14~18 题只有一项符合题目要求，第 19~21 题有多项符合题目要求。全部选对的得 6 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。 楞次定律是下列哪个定律在电磁感应现象中的具体体现？ 1. 电阻定律 欧姆定律 库仑定律 A. C. B. 能量守恒定律 D. 【答案】 【解析】 D【详解】楞次定律指感应电流的磁场阻碍引起感应电流的原磁场的磁通量的变化,这种阻碍 作用做功将其他形式的能转变为感应电流的电能,所以楞次定律的阻碍过程实质上就是能量 转化的过程. 金星、地球和火星绕太阳的公转均可视为匀速圆周运动，它们的向心加速度大小分别为 a 2. 金、a 地、a 火，它们沿轨道运行的速率分别为 v 金、v 地、v 火。已知它们的轨道半径 R 金<R 地 <R 火，由此可以判定 第 8 页 共 22 页 a >a >a a >a >a 火 地 A. C. B. 金地火金金v >v >v v >v >v 火 地 D. 地火金【答案】 【解析】 AMm R2 G ma 可知轨道半径越小,向心加速度越大,故知 【详解】AB．由万有引力提供向心力 A 项正确，B 错误； Mm R2 v2 RGM RCD．由 得可知轨道半径越小,运行速率越大,故 C、D 都错误。 G m v  用卡车运输质量为 m 的匀质圆筒状工件，为使工件保持固定，将其置于两光滑斜面之间， 3. 如图所示。两斜面 I、Ⅱ固定在车上，倾角分别为 30°和 60°。重力加速度为 g。当卡车沿平 直公路匀速行驶时，圆筒对斜面 I、Ⅱ压力的大小分别为 F1、F2，则 3333F = mg，F2 = mg F = mg，F2 = mg A. C. B. 1132231331F = mg，F2 = mg F = mg，F2 = mg D. 112222【答案】 【解析】 D【详解】对圆筒进行受力分析知圆筒处于三力平衡状态，由几何关系容易找出两斜面对圆筒 支持力与重力的关系，由牛顿第三定律知斜面对圆筒的支持力与圆筒对斜面的压力大小相同。 从地面竖直向上抛出一物体，物体在运动过程中除受到重力外，还受到一大小不变、方向 4. 的始终与运动方向相反 外力作用。距地面高度h 在 3m 以内时，物体上升、下落过程中动能 Ek 随 h 的变化如图所示。重力加速度取 10m/s2。该物体的质量为 第 9 页 共 22 页 2kg 1.5kg 1kg 0.5kg A. B. C. D. 【答案】 【解析】 C(F  mg)h  E  E E  E  (F  mg)h 【详解】对上升过程，由动能定理， k0 ，得 ，kkk0 (mg  F)(6  h)  E mg  F  k  8 即 F+mg=12N；下落过程， 到 m=1kg、F=2N。 k ，即 N，联立两公式，得 1B如图，在坐标系的第一和第二象限内存在磁感应强度大小分别为 和 B、方向均垂直于 5. 2纸面向外的匀强磁场。一质量为 m、电荷量为 q（q>0）的粒子垂直于 x 轴射入第二象限， 随后垂直于 y 轴进入第一象限，最后经过 x 轴离开第一象限。粒子在磁场中运动的时间为 5πm 6qB 7πm 6qB 11πm 6qB 13πm 6qB A. B. C. D. 【答案】 【解析】 B【详解】运动轨迹如图: 第 10 页 共 22 页 11即运动由两部分组成,第一部分是 个周期,第二部分是 个周期,故总时间为 B 选项的结果. 64如图，方向竖直向下的匀强磁场中有两根位于同一水平面内的足够长的平行金属导轨，两 6. 相同的光滑导体棒 ab、cd 静止在导轨上。t=0 时，棒 ab 以初速度 v0 向右滑动。运动过程中， ab、cd 始终与导轨垂直并接触良好，两者速度分别用 v1、v2 表示，回路中的电流用 I 表示。 下列图像中可能正确的是 A. B. C. D. 【答案】 【解析】 AC 【详解】最终两棒共速,故此时电路中电流为 0,即 C 正确,D 错误; 由 C 知,F 安=BIL,知 F 安不是线性变化,故 v 也不是线性变化,即 A 正确,B 错误. 如图（a），物块和木板叠放在实验台上，物块用一不可伸长的细绳与固定在实验台上的力 7. 传感器相连，细绳水平。t=0 时，木板开始受到水平外力 F 的作用，在 t=4s 时撤去外力。细 绳对物块的拉力 f 随时间 t 变化的关系如图（b）所示，木板的速度 v 与时间 t 的关系如图 （c）所示。木板与实验台之间的摩擦可以忽略。重力加速度取 g=10m/s2。由题给数据可以 得出 第 11 页 共 22 页 木板的质量为 1kg A. B. C. D. 2s~4s 内，力 F 的大小为 0.4N 0~2s 内，力 F 的大小保持不变 物块与木板之间的动摩擦因数为 0.2 【答案】 【解析】 AB 【详解】结合两图像可判断出 0-2s 物块和木板还未发生相对滑动，它们之间的摩擦力为静 摩擦力，此过程力 F 等于 f，故 F 在此过程中是变力，即 C 错误；2-5s 内木板与物块发生相 对滑动，摩擦力转变为滑动摩擦力，由牛顿运动定律，对 2-4s 和 4-5s 列运动学方程，可解 出质量 m 为 1kg，2-4s 内的力 F 为 0.4N，故 A、B 正确；由于不知道物块的质量，所以无 法计算它们之间的动摩擦因数 μ,故 D 错误. 如图，电荷量分别为 q 和–q（q>0）的点电荷固定在正方体的两个顶点上，a、b 是正方体 8. 的另外两个顶点。则 的a 点和 b 点 电势相等 A. B. C. a 点和 b 点的电场强度大小相等 a 点和 b 点的电场强度方向相同 第 12 页 共 22 页 将负电荷从 a 点移到 b 点，电势能增加 D. 【答案】 【解析】 BC 【详解】由几何关系， 可知 b 的电势大于 a 的电势,故 A 错误,把负电荷从 a 移到 b,电势能减少,故 D 错误;由对称性 和电场的叠加原理，可得出 a、b 的合电场强度大小、方向都相同，故 B、C 正确。 三、非选择题：共 174 分，第 22~32 题为必考题，每个试题考生都必须作答。 第 33~38 题为选考题，考生根据要求作答。 （一）必考题：共 129 分。 甲乙两位同学设计了利用数码相机的连拍功能测重力加速度的实验。实验中，甲同学负责 9. 释放金属小球，乙同学负责在小球自由下落的时候拍照。已知相机每间隔 0.1s 拍 1 幅照片。 （1）若要从拍得的照片中获取必要的信息，在此实验中还必须使用的器材是 。（填 _______ 正确答案标号） A.米尺 B.秒表 C.光电门 D.天平 （2）简述你选择的器材在本实验中的使用方法。 答： ________________________________________________ （3）实验中两同学由连续 3 幅照片上小球的位置 a、b 和 c 得到 ab=24.5cm、ac=58.7cm，则 该地的重力加速度大小为 g= m/s2。（保留 2 位有效数字） ___ 【答案】 将米尺竖直放置，使小球下落时尽量靠近米尺。 (1). A (2). (3). 9.7 第 13 页 共 22 页 【解析】 【详解】此实验用数码相机替代打点计时器,故实验原理是相同的,仍然需要米尺来测量点与 点之间的距离;就本实验而言,因为是不同照片,所以是测量连续几张照片上小球位置之间的 距离;加速度求解仍然用逐差法计算,注意是 bc 与 ab 之间的距离差. 某同学欲将内阻为 98.5Ω、量程为 100uA 的电流表改装成欧姆表并进行刻度和校准，要 10. 求改装后欧姆表的 15kΩ 刻度正好对应电流表表盘的 50uA 刻度。可选用的器材还有：定值 电阻 R0（阻值 14kΩ），滑动变阻器 R1（最大阻值 1500Ω），滑动变阻器 R2（最大阻值 500Ω），电阻箱（0~99999.9Ω），干电池（E=1.5V，r=1.5Ω），红、黑表笔和导线若干。 （1）欧姆表设计 将图（a）中的实物连线组成欧姆表。（ ）欧姆表改装好后，滑动变阻器 R 接入 电路的电阻应为 Ω：滑动变阻器选 ____ （填“R ”或“R ”）。 ____ 12（2）刻度欧姆表表盘 通过计算，对整个表盘进行电阻刻度，如图（b）所示。表盘上 a、b 处的电流刻度分别为 25 和 75，则 a、b 处的电阻刻度分别为 、。____ ____ （3）校准 第 14 页 共 22 页 红、黑表笔短接，调节滑动变阻器，使欧姆表指针指向 kΩ 处；将红、黑表笔与电阻箱连 ___ 接，记录多组电阻箱接入电路的电阻值及欧姆表上对应的测量值，完成校准数据测量。若校 准某刻度时，电阻箱旋钮位置如图（c）所示，则电阻箱接入的阻值为 Ω。 _______ 【答案】 (1). (2). 900 (3). R1 (4). 45 (5). 5 (6). 0 (7). 35000.0 【解析】 【详解】根据欧姆表的改装原理，由短接时的欧姆定律和中值电阻的意义可算出 R=900Ω， 为了滑动变阻器的安全，选择 R1；另外，需深刻里面欧姆表表盘的刻度原理和校准标准。 空间存在一方向竖直向下的匀强电场，O、P 是电场中的两点。从 O 点沿水平方向以不 11. 同速度先后发射两个质量均为 m 的小球 A、B。A 不带电，B 的电荷量为 q（q>0）。A 从 O t点发射时的速度大小为 v0，到达 P 点所用时间为 t；B 从 O 点到达 P 点所用时间为 。重力 2加速度为 g，求 （1）电场强度的大小； （2）B 运动到 P 点时的动能。 第 15 页 共 22 页 3mg E =2m(v2  g2t2 ) ；（2） E  【答案】（1） k0q【解析】 【详解】（1）设电场强度的大小为 E，小球 B 运动的加速度为 a。根据牛顿定律、运动学公 式和题给条件，有 mg+qE=ma① 12t1a( )2  gt2 ②22解得 3mg E  ③q（2）设 B 从 O 点发射时的速度为 v1，到达 P 点时的动能为 Ek，O、P 两点的高度差为 h， 根据动能定理有 1Ek  mv2  mgh  qEh ④12且有 tv v t ⑤01 2 1h  gt2 ⑥2联立③④⑤⑥式得 E =2m(v2  g2t2 ) ⑦k0静止在水平地面上的两小物块 A、B，质量分别为 m =l.0kg，m =4.0kg；两者之间有一被 12. AB压缩的微型弹簧，A 与其右侧的竖直墙壁距离 l=1.0m，如图所示。某时刻，将压缩的微型弹 簧释放，使 A、B 瞬间分离，两物块获得的动能之和为 Ek=10.0J。释放后，A 沿着与墙壁垂 直的方向向右运动。A、B 与地面之间的动摩擦因数均为 u=0.20。重力加速度取 g=10m/s²。 A、B 运动过程中所涉及的碰撞均为弹性碰撞且碰撞时间极短。 （1）求弹簧释放后瞬间 A、B 速度的大小； （2）物块 A、B 中的哪一个先停止？该物块刚停止时 A 与 B 之间的距离是多少？ （3）A 和 B 都停止后，A 与 B 之间的距离是多少？ 【答案】（1）vA=4.0m/s，vB=1.0m/s；（2）A 先停止； 0.50m；（3）0.91m； 第 16 页 共 22 页 【解析】 【分析】 首先需要理解弹簧释放后瞬间的过程内 A、B 组成的系统动量守恒，再结合能量关系求解出 A、B 各自的速度大小；很容易判定 A、B 都会做匀减速直线运动，并且易知是 B 先停下， 至于 A 是否已经到达墙处，则需要根据计算确定，结合几何关系可算出第二问结果；再判 断 A 向左运动停下来之前是否与 B 发生碰撞，也需要通过计算确定，结合空间关系，列式 求解即可。 【详解】（1）设弹簧释放瞬间 A 和 B 的速度大小分别为 vA、vB，以向右为正，由动量守恒 定律和题给条件有 0=mAvA-mBvB① 112Ek  mAvA2  mBvB ②22联立①②式并代入题给数据得 vA=4.0m/s，vB=1.0m/s （2）A、B 两物块与地面间的动摩擦因数相等，因而两者滑动时加速度大小相等，设为 a。 假设 A 和 B 发生碰撞前，已经有一个物块停止，此物块应为弹簧释放后速度较小的 B。设 从弹簧释放到 B 停止所需时间为 t，B 向左运动的路程为 sB。，则有 m a m g ④BB1sB  vBt  at2 ⑤2v  at  0 ⑥B在时间 t 内，A 可能与墙发生弹性碰撞，碰撞后 A 将向左运动，碰撞并不改变 A 的速度大小， 所以无论此碰撞是否发生，A 在时间 t 内的路程 SA 都可表示为 1at2 sA=vAt– ⑦2联立③④⑤⑥⑦式并代入题给数据得 sA=1.75m，sB=0.25m⑧ 这表明在时间 t 内 A 已与墙壁发生碰撞，但没有与 B 发生碰撞，此时 A 位于出发点右边 0.25m 处。B 位于出发点左边 0.25m 处，两物块之间的距离 s 为 s=025m+0.25m=0.50m⑨ （3）t 时刻后 A 将继续向左运动，假设它能与静止的 B 碰撞，碰撞时速度的大小为 vA′，由 第 17 页 共 22 页 动能定理有 121mAvA2  m v2  m g 2l  s B  ⑩AAA2联立③⑧⑩式并代入题给数据得 vA  7m / s 故 A 与 B 将发生碰撞。设碰撞后 A、B 的速度分别为 vA′′以和 vB′′，由动量守恒定律与机械能 守恒定律有 mA v  m v  m v A  AABB1211mAvA2  mAvA2 mBvB2 22联立 式并代入题给数据得 3 7 52 7 vA  m / s,vB   m / s 5这表明碰撞后 A 将向右运动，B 继续向左运动。设碰撞后 A 向右运动距离为 sA′时停止，B 向左运动距离为 sB′时停止，由运动学公式 2asA  vA2 , 2asB  vB2 由④ 式及题给数据得 sA  0.63 m,sB  0.28 m sA′小于碰撞处到墙壁的距离。由上式可得两物块停止后的距离 s  sA  sB  0.91m （二）选考题：共 45 分。请考生从 2 道物理题、2 道化学题、2 道生物题中每 科任选一题作答。如果多做，则每科按所做的第一题计分。 [物理一一选修 3–3] 用油膜法估算分子大小的实验中，首先需将纯油酸稀释成一定浓度的油酸酒精溶液，稀 13. 释的目的是 。实验中为了测量出一滴已知 _______________________________________________ 浓度的油酸酒精溶液中纯油酸的体积，可以 第 18 页 共 22 页 。为得到油酸分子的直径， _____________________________________________________________ 还需测量的物理量是 。_________________________________ 【答案】 使油酸在浅盘的水面上容易形成一块单分子层油膜 把油酸酒精溶 (1). (2). 液一滴一滴地滴入小量筒中，测出 1mL 油膜稳定后得表面积 。 油酸酒精溶液的滴数，得到一滴溶液中纯油酸的体 积(3). S【解析】 【详解】油膜法测量分子大小需要形成单分子油膜，故而需要减少油酸浓度；一滴油酸的体 积非常微小不易准确测量，故而使用累积法，测出 N 滴油酸溶液的体积 V，用 V 与 N 的比 值计算一滴油酸的体积；由于形成单分子油膜，油膜的厚度 h 可以认为是分子直径，故而还 Vh  需要测量出油膜的面积 S，以计算厚度 .S如图，一粗细均匀的细管开口向上竖直放置，管内有一段高度为 2.0cm 的水银柱，水银 14. 柱下密封了一定量的理想气体，水银柱上表面到管口的距离为 2.0cm。若将细管倒置，水银 柱下表面恰好位于管口处，且无水银滴落，管内气体温度与环境温度相同。已知大气压强为 76cmHg，环境温度为 296K。 的（1）求细管 长度； （2）若在倒置前，缓慢加热管内被密封的气体，直到水银柱的上表面恰好与管口平齐为止， 求此时密封气体的温度。 【答案】（1）41cm；（2）312K 【解析】 第 19 页 共 22 页 【分析】 以“液柱”为模型，通过对气体压强分析，利用玻意耳定律和盖-吕萨克定律求得细管长度和 温度，找准初末状态、分析封闭气体经历的变化时关键。易错点：误把气体长度当成细管长 度。 【详解】（1）设细管的长度为 l，横截面的面积为 S，水银柱高度为 h；初始时，设水银柱上 表面到管口的距离为 h，被密封气体的体积为 V，压强为 p；细管倒置时，气体体积为 V1， 压强为 p1。由玻意耳定律有 pV=p1V1① 由力的平衡条件有 p=p0+ρgh② p=p0–ρgh③ 式中，p、g 分别为水银的密度和重力加速度的大小，p0 为大气压强。由题意有 V=S（L–h1–h）④ V1=S（L–h）⑤ 由①②③④⑤式和题给条件得 L=41cm⑥ （2）设气体被加热前后的温度分别为 T0 和 T，由盖–吕萨克定律有 VV1⑦T0 T由④⑤⑥⑦式和题给数据得 T=312K⑧ [物理——选修 3–4] 水槽中，与水面接触的两根相同细杆固定在同一个振动片上。振动片做简谐振动时，两 15. 根细杆周期性触动水面形成两个波源。两波源发出的波在水面上相遇。在重叠区域发生干涉 并形成了干涉图样。关于两列波重叠区域内水面上振动的质点，下列说法正确的是 ________。 不同质点的振幅都相同 A. 第 20 页 共 22 页 不同质点振动的频率都相同 B. C. D. E. 不同质点振动的相位都相同 不同质点振动的周期都与振动片的周期相同 同一质点处，两列波的相位差不随时间变化 【答案】 【解析】 BDE 【详解】两列波叠加形成稳定的干涉现象的条件是两列波的频率相同;任何质点都在按照相 同的频率在振动,不同区域的质点振幅和位移不一定相同,各质点振动的频率与波源频率相同, 波源振动频率又与振动片的振动频率相同 如图，直角三角形 ABC 为一棱镜的横截面，∠A=90°，∠B=30°。一束光线平行于底边 BC 16. 射到 AB 边上并进入棱镜，然后垂直于 AC 边射出。 （1）求棱镜的折射率； （2）保持 AB 边上的入射点不变，逐渐减小入射角，直到 BC 边上恰好有光线射出。求此时 AB 边上入射角的正弦。 3  22；（2）sin =i【答案】（1） 3【解析】 【详解】（1）光路图及相关量如图所示。光束在 AB 边上折射，由折射定律得 第 21 页 共 22 页 sini  n ①sin 式中 n 是棱镜的折射率。由几何关系可知 α+β=60°② 由几何关系和反射定律得    =B ③联立①②③式，并代入 i=60°得 n= ④3（2）设改变后的入射角为 ，折射角为，由折射定律得 isini =n⑤ sin 依题意，光束在 BC 边上的入射角为全反射的临界角 c ，且 1sin =⑥cn由几何关系得 c =α’+30° ⑦由④⑤⑥⑦式得入射角的正弦为 3  22sin =⑧i第 22 页 共 22 页