2022年高考物理真题（海南自主命题）（解析版）下载

2022 年新高考海南物理高考真题 一、单选题： FF1. 在冰上接力比赛时，甲推乙的作用力是 1 ，乙对甲的作用力是 2 ，则这两个力（　　） A. 大小相等，方向相反 B. 大小相等，方向相同 的FF冲量大于 2 的冲量 F F D. 1 的冲量小于 2 的冲量 C. 1【答案】A 【解析】 FFF【详解】根据题意可知 1 和 2 是相互作用力，根据牛顿第三定律可知 1 和 2 等大反向、具有同时性；根 FF F 可知 1 和 2 的冲量大小相等，方向相反。 据冲量定义式 I  Ft 故选 A。 β2. 下列属于 衰变的是（ ）238 U 234 Th 42 He 14 N 24 He 187 O 11 H A. B. D. 92 90 7234 Th 234 Pa 01 e 235 U 10 n 144 Ba 89 Kr  310 n C. 90 91 92 56 36 【答案】C 【解析】 4 He α【详解】A．该反应属于 衰变，放出了氦核（2 ），A 错误； 1H B．该反应是卢瑟福发现质子（1 ）的核反应方程，B 错误； 0 e βC．该反应属于 衰变，放出了电子（1 ），C 正确； D．该反应是重核裂变的核反应方程，D 错误。 故选 C。 3. 如图为一用透明材料做成的中心是空的球，其中空心部分半径与球的半径之比为 1:3。当细光束以 30 的入射角射入球中，其折射光线刚好与内壁相切，则该透明材料的折射率为（　　） A. B. 1.5 C. D. 2 32【答案】B 【解析】 【详解】如图 折射角的正弦值 13sin r  根据折射定律可得该透明材料的折射率 sin30 sin r n  1.5 故选 B。 4. 在同一地方，甲、乙两个单摆做振幅不同的简谐运动，其振动图像如图所示，可知甲、乙两个单摆的摆 长之比为（ ）A. 2：3 B. 3：2 C. 4：9 D. 9：4 【答案】C 【解析】 【详解】由振动图像可知甲乙两个单摆周期之比为 T 甲：T 乙 = 0.8：1.2 = 2：3 根据单摆周期公式 LT  2 g可得 gT 2 4 2 L  则甲、乙两个单摆的摆长之比为 L 甲：L 乙 = T 甲 2：T 乙 2 = 4：9 故选 C。 5. 一个有 N 匝的矩形线框，面积为 S，以角速度 从如图所示的位置开始，在匀强磁场B 中匀速转动， 则产生的感应电动势随时间变化的图像是（ ）A. B. CD. 【答案】A 【解析】 【详解】图示位置线框处于与中性面垂直的平面，竖直长边垂直切割磁感线，此时产生的感应电动势最大 为Em  NBS 的根据正弦式交变电流 表达式可知感应电动势随时间的变化关系为 e  NBS cost 故选 A。 6.四根长直导线通有相同大小的电流，放在正方形的四个顶点，其中三个导线电流垂直纸面向里，一个向 外，每根导线在中心 O 处产生的磁感应强度均为 B，则 O 点的磁感应强度是（ ）L，指向 A. 大小为 2B 16. 有一个辐向分布的电场，距离 O 相等的地方电场强度大小相等，有一束粒子流通过电场，又垂直进入 一匀强磁场，则运动轨迹相同的粒子，它们具有相同的（ ）A. 质量 B. 电量 C. 比荷 D. 动能 【答案】C 【解析】 v【详解】粒子在辐射电场中以速度 做匀速圆周运动，电场力完全提供向心力，根据牛顿第二定律可知 v2 qE  m r解得 m v2 r  q E 粒子在匀强磁场中 v2 rqvB  m 解得 m v r  q B qv粒子不同场中的轨迹相同，即粒子在不同场中转动半径相同，所以这些粒子具有相同的速度 和比荷 。m故选 C。 7. 我国的石桥世界闻名，如图，某桥由六块形状完全相同的石块组成，其中石块 1、6 固定，2、5 质量相 同为 m，3、4 质量相同为 ，不计石块间的摩擦，则 为（ ）mm : m 3A. B. C. 1 D. 2 32【答案】D 【解析】 【详解】六块形状完全相同的石块围成半圆对应的圆心角为 块石块受力分析如图  ，每块石块对应的圆心角为  ，对第 3180 30 结合力的合成可知 F4 tan 60  mg 对第 2 块和第三块石块整体受力分析如图 F4 tan30  (m  mg 解得 m 2 m 故选 。D二、多选题 E8. 某带电体周围的电场线和等势面如图所示，设 A 点的电场强度为 A ，电势为 A ，B 点的电场强度为 EB ，电势为 B ，则有（　　） A  B D. EA  EB EA  EB A  B C. A. B. 【答案】BD 【解析】 【详解】AB．根据电场线的疏密程度表示电场的强弱，电场线越密，电场强度越大，则 B 点的电场强度 较大，即 EA  EB 故 A 错误，B 正确； CD．根据电场线与等势面垂直，且电势较高的等势面指向电势较低的等势面，所以 B 点的电势较大，即 A  B 故 C 错误，D 正确。 故选 BD。 9. 火星与地球的质量比为 a，半径比为 b，则它们的第一宇宙速度之比和表面的重力加速度之比分别是 （　　） g火 g地 g火 abv火 v地 av火 v地 abbaA. B. C. D. g地 b2 【答案】BC 【解析】 Mm R2 G mg 【详解】由 可得 GM R2 g  知g火 ag地 b2 由Mm R2 v2 RG m 结合 可得 知gR2  GM v  gR av火 abb  v地 b2 故 BC 正确，AD 错误。 故选 BC。 10. 一群处于 激发态的氢原子跃迁向外辐射出不同频率的光子，则（　　） n  4 A. 需要向外吸收能量 B. 共能放出 6 种不同频率的光子 C. D. 向n  4 n  3 跃迁发出的光子频率最大 向n 1跃迁发出的光子频率最大 n  4 【答案】BD 【解析】 【详解】A．高能级向低能级跃迁向外放出能量，以光子形式释放出去，故 A 错误； B．最多能放不同频率光子的种数为 C24  6 故 B 正确； CD．从最高能级向最低能级跃迁释放的光子能量最大，对应的频率最大，波长最小，则 迁发出的光子频率最大，故 D 正确，C 错误。 向n 1 跃n  4 故选 BD。 12.缺题 5 11. 如图，带正电 的物块 A 放在水平桌面上，利用细绳通过光滑的滑轮与 B 相连，A 处在匀强电 310 C 5场中， ，从 O 开始，A 与桌面的动摩擦因数 随x 的变化如图所示，取 O 点电势能为 E  410 N/ C 1kg 零，A、B 质量均为 ，B 离滑轮的距离足够长，则（　　） A. 它们运动的最大速度为 1m / s B. 它们向左运动的最大位移为 1m C. 当速度为 D. 当速度为 时，A 的电势能可能是 0.6m / s 0.6m / s 2.4J 时，绳子的拉力可能是 9.2N 【答案】ACD 【解析】 【详解】AB．由题知 f  mg  2x 设 A 向左移动 x 后速度为零，对 A、B 系统有 1qEx  mgx  fx  0 21fx （此处 前面的2 是因为摩擦力是变力，其做功可以用平均力），可得 x  2m A 向左运动 是先加速后减速，当 时，摩擦力变成静摩擦力，并反向，系统受力平衡，最后静止。 x  2m 设 A 向左运动 x′后速度为 v，对系统则有 11qEx’  mgx’  fx’  2mv2 22得mv2  (x’ 1)2 1 ‘即：当 时，v 最大为 ，故 A 正确，B 错误； 1m / s x 1m C．当 时，可得 v  0.6m / s 1.8m 或x  0.2m 当时，电场力做功 x  0.2m qEx  2.4J E 0 ，则电势能为 则电势能减小 2.4J ，由于 ，当 时2.4J x 1.8m pO EpO  21.6J 故 C 正确； D．根据牛顿第二定律 qE  f  mg  ma a  0.8m / s2 当时，系统加速度 x  0.2m 对 B 有 T  mg  ma 得当T  10.8N a  0.8m / s2 T  9.2N 时，系统加速度 x 1.8m 对 B 分析可得 故 D 正确。 故选 ACD。 三、实验题 12. 在用双缝干涉测量光的波长的实验中，如图所示，则： ①a、b 分别是（ A．单缝和双缝 ）B.双缝和单缝 C.单缝和单缝 D.双缝和双缝 ②如果双缝间距是 d，双缝到毛玻璃的距离是 L，第一条亮纹到第六条亮纹间距是 x，则光的波长是 __________。（用 x、d、L 表示） dx 【答案】 【解析】 ①. A ②. 5L 【详解】①[1]由双缝干涉原理可知，先用滤光片得到单色光，然用单缝得到细长的光源，最后用双缝得到 两束相干光，故 a、b 分别单缝和双缝。 故选 A。 ②[2]第一条亮纹到第六条亮纹间距是 x，则相邻亮条纹间距为 xx  5L dx  根据 可得光的波长是 xd dx   L5L 13. 用如图所示的装置研究平抛物体的运动规律，击打弹片时，A 做平抛运动，B 做自由落体。经过多次 实验发现两个小球总是同时落地，则得到的结论是：____________________________________。 以 A 的抛出点做为坐标原点，建立直角坐标系，如图所示，设从 ，从 ，从 的时间 O  A A  B B  C ttt、 BC ，则这三个时间是否相等_______。（选填“相等”或“不相等”） 分别是 、OA AB 物体平抛的初速度是多少_______（用 x、h、g 表示） gx【答案】 【解析】 ①. 作平抛运动的物体，在竖直方向上是自由落体运动 ②. 相等 ③. 2h 【详解】[1]经过多次实验发现两个小球总是同时落地，则得到的结论是：作平抛运动的物体，在竖直方向 上是自由落体运动； [2]在水平方向是匀速运动，由图可知，从 、、水平方向位移相等，运动相同的距 O  A A  B B  C 离所用时间相等； [3]设相邻两点间时间为 t，则 x  vt 在竖直方向上，相邻两点间距离差为 2h ，有 2h  gt2 得2h t  g所以 gv  x 2h I  50μA 14. 现要测量一个满偏电流 的表头内阻并改装成量程为 的电流表，如图所示。 1mA g（1）先闭合开关，再调整滑动变阻器，使电流表 A 的示数为 ，电流表 G 的示数如图所示，则流过 84mA r  _______； r  1.0Ω G 的电流是_______。若 ，则 gA4I（2）给 G 并联一个 R G1的电阻进行校准时，当电流表 的示数为 g 时，标准电流表 的示数为 A5，则改装之后的电流表实际量程是_________； 0.76mA R  的电流表，还需要在 R _______ 1的电阻。 R（3）若要把它改装成量程为 1两边并联一个 1mA 230.0μA 【答案】 【解析】 ①. ②. ③. ④. 18 2800Ω 0.95mA I  50μA 30.0μA 。【详解】（1）[1]电流表 G 的满偏电流 [2]根据并联电路电压相等可得 ，则如图所示电流表 G 的示数为 g8410-3 A1.0  3010-6 Ar g可得电流表 G 的内阻 r  2800Ω g（2）[3]对改装电表，流过电阻 R 1的电流为 4IR  0.76mA  Ig 15根据并联电路电压相等可得 4IR  R  Ig r 1g15解得 1400 9R  1则改装后的电流表的实际量程为 Igr gI1  Ig   0.95mA R1（3）[4]若把并联 R G1的电流表 再改装成量程为 的电流表，需要并联电阻 1mA Ig r gR2   2800 I2  I1 R2 18 R176cmHg ，15. 足够长的玻璃管水平放置，用长 的水银封闭一段长为 的空气柱，大气压强为 19cm 25cm 环境温度为300K ，将玻璃管缓慢顺时针旋转到竖直，则： ①空气柱是吸热还是放热 ②空气柱长度变为多少 360K ③当气体温度变为 时，空气柱长度又是多少？ 【答案】①放热；② 【解析】 ；③ 24cm 20cm S【详解】①②以封闭气体为研究对象，气体做等温变化，设玻璃管横截面积为 ，玻璃管水平时 p1  76cmHg V  25S 1玻璃管竖起来后 p2 19cmHg  76cmHg  95cmHg V2  LS 根据 p1V  p2V2 1解得 L  20cm 气体体积减小，外界对气体做功，但其温度不变，内能不变，根据热力学第一定律可知气体向外放热； ③空气柱长度为 ；由等压变化得 20cm V2 V3 TT2 1其中 T  300K 1V2  20S ‘V3  LS 解得 ‘L  24cm 16. 有一个角度可变的轨道，当倾角为  时，A 恰好匀速下滑，现将倾角调为  ，从高为 h 的地方从静 30 60 止下滑，过一段时间无碰撞地进入光滑水平面，与 B 发生弹性正碰，B 被一根绳子悬挂，与水平面接触但 不挤压，碰后 B 恰好能做完整的圆周运动，已知 A 的质量是 B 质量的 3 倍，求： ①A 与轨道间的动摩擦因数 ②A 与 B 刚碰完 B 的速度； ③绳子的长度 L。 ；3【答案】① ；② ；③0.6h 3gh   3【解析】 【详解】①倾角为30时匀速运动，根据平衡条件有 mg sin30  mg cos30 得3  3v②③A 从高为 h 的地方滑下后速度为 0 ，根据动能定理有 h13mgh   3mg cos60  3mv02 sin 60 2vvA 与 B 碰撞后速度分别为 1 和 2 ，根据动量守恒、能量守恒有 3mv0  3mv1  mv2 12113mv02  3mv12  mv22 22vB 到达最高点速度为 3 ，根据牛顿第二定律有 v32 Lmg  m 根据能量守恒有 11mv22  mv32  mg 2L 22解得 v2  3gh L  0.6h B  0.25T 17. 光滑的水平长直轨道放在匀强磁场 r  0.05Ω 中，轨道宽 ，一导体棒长也为 0.4m 0.4m ，质量 0.1kg ，电阻 ，它与导轨接触良好。当开关与 a 接通时，电源可提供恒定的 电流，电流方向 1A 可根据需要进行改变，开关与 b 接通时，电阻 ，若开关的切换与电流的换向均可在瞬间完成， R  0.05Ω 求： ①当棒中电流由 M 流向 N 时，棒的加速度的大小和方向是怎样的； ②当开关始终接 a，要想在最短时间内使棒向左移动 4m 而静止，则棒的最大速度是多少； 7m ③要想棒在最短时间内向左移动 而静止，则棒中产生的焦耳热是多少。 2 ，方向向右；② ；③ Q  0.4J 【答案】① 【解析】 v  2m / s a 1m / s 总【详解】①当电流从 M 流向 N 时，由左手定则可判断安培力向右，故加速度方向向右。 根据牛顿第二定律有 BIL  ma 代入数据可得 a 1m / s2 ttt1②开关始终接 a 时，电流 N 到 M，经过时间 后电流变为M 到 N，再经时间 2 速度减为零，前 s，则有 1v2 x1  2a t后 s，则有 2v2 x2  2a 根据 x1  x2  4 联立解得 v  2m / s ttt③先接 a 一段时间 ，电流由N 到 M，再接到 b 端一段时间 2 ，再接到 a 端一段时间 3 ，电流由 M 到 1N，最后接到 b 静止 第一段，则有 v  at1 1×1  at12 2Q  I2rt1 1第二段，则有由动量定理 BILt2  mv  mv 且BLx2 It2  R  r 则有 121r22 Q2  mv  mv 2R  r 的第二段末 加速度与第三段相同，则第三段， B2L2v  ma R  r v  at3 12×3  at3 2Q3  I2rt3 又x1  x2  x3  7 解得 v＇=1m/s t1  3s t3 1s 故Q  Q  Q2  Q3  0.4J 1总