2009年上海市高中毕业统一学业考试物理试卷（word解析版）下载

<img src=" 微信号：kingcsa333 []4．做简谐振动的单摆摆长不变，若摆球质量增加为原来的 4 倍，摆球经过平衡位置时速度 减小为原来的 1/2，则单摆振动的 (A)频率、振幅都不变 (B)频率、振幅都改变 (C)频率不变，振幅改变 (D)频率改变，振幅不变 []5．小球由地面竖直上抛，上升的最大高度为 H，设所受阻力大小恒定，地面为零势能面．在 上升至离地高度 h 处，小球的动能是势能的 2 倍，在下落至离地高度 h 处，小球的势能是动 能的 2 倍，则 h 等于 H2H 3H 4H (A) (B) (C) (D) 9999[[[]]]Ⅱ．多项选择题 6．光电效应的实验结论是：对于某种金属 (A)无论光强多强，只要光的频率小于极限频率就不能产生光电效应 (B)无论光的频率多低，只要光照时间足够长就能产生光电效应 (C)超过极限频率的入射光强度越弱，所产生的光电子的最大初动能就越小 (D)超过极限频率的入射光频率越高，所产生的光电子的最大初动能就越大 7．位于 A、B 处的两个带有不等量负电的点电荷在平面内电势 分布如图所示，图中实线表示等势线，则 (A)a 点和 b 点的电场强度相同 (B)正电荷从 c 点移到 d 点，电场力做正功 (C)负电荷从 a 点移到 c 点，电场力做正功 (D)正电荷从 e 点沿图中虚线移到 f 点电势能先减小后增大 8．牛顿以天体之间普遍存在着引力为依据，运用严密的逻辑推理，建立了万有引力定律．在 创建万有引力定律的过程中，牛顿 (A)接受了胡克等科学家关于“吸引力与两中心距离的平方成反比”的猜想 (B)根据地球上一切物体都以相同加速度下落的事实，得出物体受地球的引力与其质量成 正比，即 F∝m 的结论 (C)根据 F∝m 和牛顿第三定律，分析了地、月间的引力关系，进而得出 F∝m1m2 (D)根据大量实验数据得出了比例系数 G 的大小 []9．如图为竖直放置的上细下粗密闭细管，水银柱将气体分隔为 A、B 两部分，初始温度相 第 2 页 共 17 页 教育资源分享店铺 网址： 微信号：kingcsa333 同．使 A、B 升高相同温度达到稳定后，体积变化量为 VA pB ，对液面压力的变化量为 FA FB ，则 (A)水银柱向上移动了一段距离 (B) VA (D) FA 、 VB ，压强变化量为 pA 、、＜VB (C) pA ＞pB ＝FB []二．(20 分)填空题．本大题共 5 小题，每小题 4 分．答案写在题中横线上的空白处或指定位 置，不要求写出演算过程． 10．如图为双缝干涉的实验示意图，若要使干涉条纹间距 变大，可改用波长更________(填：长，短)的单色光；或者使双 缝与光屏之间的距离________(填：增大，减小)． 11．如图为某报警装置示意图．该报警装置在一扇门、两扇 窗上各装有一个联动开关，门、窗未关上时，开关不闭合，只 要有一个开关未闭合，报警器就会报警．该报警装置中用了两 个串联的逻辑电路，虚线框甲内应选用________门电路，虚 线框乙内应选用________门电路．(填：与，非，或) 12．弹性绳沿 x 轴放置，左端位于坐标原点，用手握住绳 的左端，当 t＝0 时使其开始沿 y 轴做振幅为 8cm 的简谐 振动，在 t＝0.25s 时，绳上形成如图所示的波形，则该波 的波速为________cm/s；在 t＝________s 时，位于 x2＝ 45cm 处的质点 N 恰好第一次沿 y 轴正向通过平衡位置． 13．如图，金属棒 ab 置于水平放置的 U 形光滑导轨上，在 ef 右侧存在有界匀强磁场曰，磁场方向垂直导轨平面向 下．在 ef 左侧的无磁场区域 cdef 内有一半径很小的金属 圆环 L，圆环与导轨在同一平面内．当金属棒 ab 在水平恒 力，作用下从磁场左边界 ef 处由静止开始向右运动后，圆 环 L 有________(填：收缩，扩张)趋势，圆环内产生的感应电流________(填：变大，变小， 不变)． 第 3 页 共 17 页 教育资源分享店铺 网址： 微信号：kingcsa333 14．图示电路中 R1＝12Ω，R2＝6Ω，滑动变阻器 R3 上标有 “20Ω 2A”字样，理想电压表的量程有 0—3V 和 0—15V 两档，理想电流表的量程有 0—0.6A 和 0—3A 两档．闭合 电键 S，将滑片 P 从最左端向右移动到某位置时，电压表、 电流表示数分别为 2.5V 和 0.3A；继续向右移动滑片 P 至另 一位置，电压表指针指在满偏的 1/3，电流表指针指在满偏的 l/4，则此时电流表示数为 ________A，该电源的电动势为________V． 三．(30 分)实验题 15．(8 分)(1)用多用表的欧姆档测量阻值约为几十 kΩ的电阻 Rx，以下给出的是可能的实验 操作步骤，其中 S 为选择开关，P 为欧姆档调零旋钮．把你认为正确步骤前的字母按合理的 顺序填写在下面的横线上． a．将两表笔短接，调节 P 使指针对准刻度盘上欧姆档的 0 刻度，断开两表笔 b．将两表笔分别连接到被测电阻的两端，读出 Rx 的阻值后，断开两表笔 c．旋转 S 使其尖端对准欧姆档×1k d．旋转 S 使其尖端对准欧姆档×100 e．旋转 S 使其尖端对准交流 500V 档，并拔出两表笔 ______________________________． 根据右图所示指针位置，此被测 电阻的阻值约为________Ω． (2)(多选题)下述关于用多用表欧姆 档测电阻的说法中，正确的是 (A)测量电阻时，如果指针偏转过大，应将选择开关 S 拨至倍率较小的档位，重新调零后测 量(B)测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，则会影响测量结果 (C)测量电路中的某个电阻，应该把该电阻与电路断开 (D)测量阻值不同的电阻时，都必须重新调零 16．(6 分)如图为伏打电池示意图，由于化学反应，在 A、B 两电极附近 产生了很薄的两个带电接触层 a、b． (1)(多选题)沿电流方向绕电路一周，非静电力做功的区域是 (A)R (B)b (C)r (D)a [](2)在如图所示回路的各区域内，电势升高的总和等于电源的____________________． 第 4 页 共 17 页 教育资源分享店铺 网址： 微信号：kingcsa333 17．(6 分)如图为“用 DIS(位移传感器、数据采集器、计算机)研究加速度与力的关系”的实 验装置． (1)在该实验中必须采用控制变量法，应保持__________________不变，用钩码所受的重力作 为__________________，用 DIS 测小车的加速度． (2)改变所挂钩码的数量，多次重复测量．在某次实验中根据测得 的多组数据可画出 a－F 关系图线(如图所示)． ①分析此图线的 OA 段可得出的实验结论是 _____________________________________________________． ②(单选题)此图线的 AB 段明显偏离直线，造成此误差的主要原因 是(A)小车与轨道之间存在摩擦 (C)所挂钩码的总质量太大 (B)导轨保持了水平状态 (D)所用小车的质量太大 []18．(6 分)利用图(a)实验可粗略测量人吹气产生的压 强．两端开口的细玻璃管水平放置，管内塞一潮湿小 棉球，实验者从玻璃管的一端 A 吹气，棉球从另一端 B 飞出．测得玻璃管内部截面积 S，距地面高度 h，棉球 质量 m，开始时的静止位置与管口 B 的距离 x，落地点 C 与管口 B 的水平距离 l．然后多次 改变 x，测出对应的 l，画出 l2—x 关系图线，如图(b)所示，并由 此得出相应的斜率 k． (1)若不计棉球在空中运动时的空气阻力，根据以上测得的物 理量可得，棉球从 B 端飞出时速度 v0＝________． (2)假设实验者吹气能保持玻璃管内气体压强始终为恒定值，不计棉球与管壁的摩擦，重力加 速度 g，大气压强 p0 均为已知．利用图(b)中拟合直线的斜率 k 可得，管内气体压强 p＝ ________________． (3)考虑到实验时棉球与管壁间有摩擦力，则(2)中得 到的 p 与实际压强相比__________(填：偏大、偏小)． 19．(4 分)光强传感器对接收到的光信号会产生衰减， 第 5 页 共 17 页 教育资源分享店铺 网址： 微信号：kingcsa333 且对于不同波长的光衰减程度不同，可以用 表示衰减程度，其定义为输出强度与输入强 度之比，即  I出 / I入 ，右图表示 与波长 之间的关系．当用此传感器分别接收 A、B 两 束光时，传感器的输出强度正好相同，已知 A 光的波长 A ＝625nm，B 光由 B1 ＝605nm 和 B2 ＝665nm 两种单色光组成，且这两种单色光的强度之比 IB1 : IB2  2:3 ．由图可知A ＝________；A 光强度 四．(60 分)计算题 IA 与 B 光强度 IB 之比为________． 20．(10 分)质量为 5×103kg 的汽车在 t＝0 时刻速度 v0＝10m/s，随后以 P＝6×104W 的额定 功率沿平直公路继续前进，经 72s 达到最大速度，设汽车受恒定阻力，其大小为 2.5×103N．求： (1)汽车的最大速度 vm； (2)汽车在 72s 内经过的路程 s． 21．(12 分)如图，粗细均匀的弯曲玻璃管 A、B 两端开口，管内有一段水银 柱，右管内气柱长为 39cm，中管内水银面与管口 A 之间气柱长为 40cm．先 将 B 端封闭，再将左管竖直插入水银槽，设整个过程温度不变，稳定后右管 内水银面比中管内水银面高 2cm．求： (1)稳定后右管内的气体压强 p； (2)左管 A 端插入水银槽的深度 h．(大气压强 p0＝76cmHg) 第 6 页 共 17 页 教育资源分享店铺 网址： 微信号：kingcsa333 22．(12 分)如图(a)，质量 m＝lkg 的物体沿倾角θ＝37°的固定粗糙斜面由静止开始向下运动， 风对物体的作用力沿水平方向向右，其大小与风速 v 成正比，比例系 数用 k 表示，物体加速度 a 与风速 v 的关系如图(b)所示．求： (1)物体与斜面间的动摩擦因数μ； (2)比例系数 k． (sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g＝10m/s2) 23．(12 分)如图，质量均为 m 的两个小球 A、B 固定在弯成 120°角的绝缘轻杆两端，OA 和 OB 的长度均为 l，可绕过 O 点且与纸面垂直的水平轴无摩擦 转动，空气阻力不计．设 A 球带正电，B 球带负电，电量均为 q， 处在竖直向下的匀强电场中．开始时，杆 OB 与竖直方向的夹角 0 ＝60°，由静止释放，摆动到θ＝90°的位置时，系统处于平 衡状态，求： (1)匀强电场的场强大小 E； (2)系统由初位置运动到平衡位置，重力做的功 Wg 和静电力做的功 We； (3)B 球在摆动到平衡位置时速度的大小 v． 第 7 页 共 17 页 教育资源分享店铺 网址： 微信号：kingcsa333 24．(14 分)如图，光滑的平行金属导轨水平放置，电阻不计，导轨间距为 l，左侧接一阻值 为 R 的电阻．区域 cdef 内存在垂直轨道平面向下的有界匀强磁场，磁场宽度为 s．一质量为 m，电阻为 r 的金属棒 MN 置于导轨上，与导轨垂直且接触良好，受到 F＝0.5v＋0.4(N)(v 为 金属棒速度)的水平外力作用，从磁场的左边界由静止开始运动，测得电阻两端电压随时间 均匀增大．(已知：l＝lm，m＝lkg，R＝0.3Ω，r＝0.2Ω，s＝lm) (1)分析并说明该金属棒在磁场中做何种运动； (2)求磁感应强度 B 的大小； (3)若撤去外力后棒的速度 v 随位移 x 的变化规律满足 B2l2 v  v0  x，且棒在运动到 ef 处时恰好静止，则 m(R  r) 外力 F 作用的时间为多少? (4)若在棒未出磁场区域时撤去外力，画出棒在整个运动过程 中速度随位移变化所对应的各种可能的图线． 第 8 页 共 17 页 教育资源分享店铺 网址： 微信号：kingcsa333 2009 年全国普通高等学校招生统一考试 上海物理试卷答案要点 一．选择题(共 40 分) Ⅰ．1．B 2．A 评分标准：每小题 4 分，共 20 分． Ⅱ．6．A，D 7．C，D 8．A，B，C 3．A 4．C 5．D 9．A，C 评分标准：每小题 5 分，共 20 分．每小题全选对的得 5 分；选对但不全的得 3 分；有选错 或不答的得 0 分． 二．填空题(共 20 分) 10．长，增大 11．或，或 12．20，2.75 13．收缩，变小 14．0.15，7.5 评分标准：每小题 4 分，每空格 2 分，共 20 分． 三．实验题(共 30 分) 15．(1)c、a、b、e，30k(或 30000) (2)A，C 16．(1)B，D (2)电动势 17．(1)小车的总质量（或：小车的质量) 小车所受外力(或：外力、合外力) (2)①在质量不变的条件下，加速度与外力成正比 ②C g18．(1) l2h kmg (2) p0  4Sh (3)偏小 19．0.35，27/35 第 9 页 共 17 页 教育资源分享店铺 网址： 微信号：kingcsa333 四．计算题(共 60 分) 20．(10 分) (1)达到最大速度时，牵引力等于阻力 P＝fvm Pf6104 vm   24m / s 2.5103 (2)由动能定理可得 11Pt  fs  mvm2  mv02 222Pt  m(vm2  v02 ) 26104 72 5103 (242 102 ) ∴s  1252m 2 f 22.5103 21．(12 分) h 2(1)插入水银槽后右管内气体 p0l0  p(l0  )39 p  76 78cmHg 38 (2)插入水银槽后左管压强 p  p  gh  78 2  80cmHg 左管内外水银面的高度差 p  p0 h   80  76  4cm 1g   p0l  p l 中、左管内气体 p0l 7640 l   38cm p80 1左管插入水银槽深度 h  l  h l  h  40 138 4  7cm 12第 10 页 共 17 页 教育资源分享店铺 网址： 微信号：kingcsa333 22．(12 分) (1) v  0 ，a0  4m / s2 mg sin  mg cos  ma0 g sin  a0 6  4    0.25 g cos 8(2) v  5m / s a  0 ，mg sin  N  kvcos  0 N  mg cos  kvsin mg(sin   cos)  kv( sin  cos)  0 mg(sin   cos) v( sin  cos) 6  0.258 5(0.250.6  0.8) k   0.84kg / s 23．(12 分) (1)力矩平衡时 (mg  qE)l sin90  (mg  qE)l sin(12090) 1mg  qE  (mg  qE) 2mg E  3q 3(2)重力做功 Wg  mgl(cos30 cos60)  mgl cos60  ( 1)mgl 23静电力做功 We  qEl(cos30 cos60)  qEl cos60  mgl 62 3 (3)小球动能的改变量 EK Wg We  ( 1)mgl 3EK m2 3 3小球的速度 v   ( 1)gl 第 11 页 共 17 页 教育资源分享店铺 网址： 微信号：kingcsa333 24．(14 分) (1)金属棒做匀加速运动 R 两端电压 U∝I∝ε∝v，U 随时间均匀增大，即 v 随时间均匀增大． ∴ 加速度为恒量 B2l2 (2) F  v  ma ，以 F  0.5v  0.4 代入 R  r B2l2 得： 0.5 v  0.4  a R  r ∵ 加速度为恒量，与v 无关，∴ a  0.4m / s2 B2l2 0.5  0 R  r 代入数据得： B  0.5T 1(3) x1  at2 2B2l2 v0  x2  at m(R  r) 12m(R  r) x1  x2  s ∴at2  at  s B2l2 代入数据得 0.2t2  0.8t 1 0 ，解方程得 t＝1s (4) 第 12 页 共 17 页 教育资源分享店铺 网址： 微信号：kingcsa333 2009 年上海市高中毕业统一学业考试 物理试卷解析 1、【答案】B 【解析】由于三种射线的能量不同， w所以贯穿能力最强的是射线，射线次之，射线最弱， 故正确答案选 B。 2、【答案】A 【解析】由于温度是分子平均动能的标志，所以气体分子的动能宏观上取决于温度；分子势 能是由于分子间引力和分子间距离共同决定，宏观上取决于气体的体积。因此答案 A 正确。 w3、【答案】A 【解析】由等量异种点电荷的电场强度的关系可知，在两电荷连线中点处电场强度最小，但 不是零，从两点电荷向中点电场强度逐渐减小，因此 A 正确。 4、【答案】C。 l【解析】由单摆的周期公式T  2 ，可知，单摆摆长不变，则周期不变，频率不变； g1振幅 A 是反映单摆运动过程中的能量大小的物理量，由 EK  mv2 可知，摆球经过平衡位 2置时的动能不变，因此振幅改变，所以 C 正确。 5、【答案】D。 1【解析】小球上升至最高点过程： mgH  fH  0  mv02 ①；小球上升至离地高度 h 2111处过程： mgh  fh  mv12  mv02 ②，又 mv12  2mgh ③；小球上升至最高点后 222111又下降至离地高度 h 处过程： mgh  f (2H  h)  mv22  mv02 ④，又 mv22  mgh ⑤； 2224以上各式联立解得 h  H ，答案 D 正确。 96、【答案】AD。 【解析】每种金属都有它的极限频率0 ，只有入射光子的频率大于极限频率0 时，才会发 生光电效应，且入射光的强度越大则产生的光子数越多，光电流越强；由光电效应方程 Ek  h W  h  h0 ，可知入射光子的频率越大，产生的光电子的最大初动能也越大， 第 13 页 共 17 页 教育资源分享店铺 网址： 微信号：kingcsa333 与入射光的强度无关，所以 AD 正确。 7、【答案】CD。 【解析】电场线的疏密可以表示电场的强弱，可见 A 错误；正电荷从 c 点移到 d 点，电场 力做负功，负电荷从 a 点移到 c 点，电场力做正功，所以 B 错误，C 正确；正电荷从 e 点沿 图中虚线移到 f 点，电场力先做正功，后做负功，但整个过程电场力做正功，D 正确。 8、【答案】ABC。 【解析】题干要求“在创建万有引力定律的过程中”，牛顿知识接受了平方反比猜想，和物 体受地球的引力与其质量成正比，即 Fm 的结论，而提出万有引力定律后，后来卡文迪许 利用卡文迪许扭称测量出万有引力常量 G 的大小， w因此符合题意的有 ABC。 9、【答案】AC。 【解析】首先假设液柱不动，则 A、B 两部分气体发生等容变化，由查理定律，对气体 A： PBPPPAAB；对气体 B： ，又初始状态满足 P  P  h ，可见使 A、B 升高相同温 ABTA TA TA TA TA TA TA TA 度， P  P  (P  h) ，P  P  PB ，因此 P  PB ，因此 FA  FB AABBBATA TA TA TA 液柱将向上移动，A 正确，C 正确； w由于气体的总体积不变，因此VA=VB，所以 B、D 错误。 10、【答案】长，增大。 wL【解析】依据双缝干涉条纹间距规律 x   ，可知要使干涉条纹的间距变大，需要改用 d波长更长的单色光，应将增大双缝与屏之间的距离 L。 11、【答案】或，或 【解析】题意只要有一个开关未闭合，报警器就会报警，结合或门的特点因此虚线框甲内应 选用或门；虚线框乙内应选用或门。 12、【答案】20，2.75 w【解析】由图可知，这列简谐波的波长为 20cm，周期 T=0.25s×4=1s，所以该波的波速 Tv  =20/1m/s=20m/s ； 从t=0 时 刻 开 始 到N 质 点 开 始 振 动 需 要 时 间 第 14 页 共 17 页 教育资源分享店铺 网址： 微信号：kingcsa333 x2 45 t1  s  2.25s ,在振动到沿 y 轴正向通过平衡位置需要再经过 t2=T/2=0.5s，所以当 v20 t=（2.25+0.5）s=2.75s，质点 N 恰好第一次沿 y 轴正向通过平衡位置。 13、【答案】收缩，变小 w【解析】由于金属棒 ab 在恒力 F 的作用下向右运动，则 abcd 回路中产生逆时针方向的感应 电流，则在圆环处产生垂直于只面向外的磁场，随着金属棒向右加速运动，圆环的磁通量将 增大，依据楞次定律可知，圆环将有收缩的趋势以阻碍圆环的磁通量将增大；又由于金属棒 向右运动的加速度减小，单位时间内磁通量的变化率减小，所以在圆环中产生的感应电流不 断减小。 14、【答案】0.15，7.5 【解析】由于题意当“继续向右移动滑片 P 到另一位置”电压表示数一定大于 2.5V，电流 表示数一定小于 0.3A， 再结合电压表指针指在满偏的 1/3，电流表指针指在满偏的 1/4，可 w知电压表的量程为 0-15V，电流表的量程为 0-0.6A，因此当滑片滑到下一位置是电流表的实 1数为 I  0.6A  0.15A ；电压表的示数为 5V；由串并联电路规律得： 0.312  I2 6 ，4得I2  0.6A ， 由 闭 合 电 路 欧 姆 定 律 得(0.3 0.6)r  2.5 0.312  E ； 同 理 ： 0.1512  I2 6，得 I2  0.3A，由闭合电路欧姆定律 (0.15 0.3)r  5 0.1512  E 上各式联立解得： E  7.5V 15、【答案】（1）c、a、b、e，30k，（2）A、C， 以。【解析】（1）测量几十 k的电阻 Rx 我们一般选择较大的档位先粗测，使用前应先进行调零， 然后依据欧姆表的示数，在更换档位，重新调零，在进行测量；使用完毕应将选择开关置于 OFF 位置或者交流电压最大档，拔出表笔。欧姆表的示数乘以相应档位的倍率即为待测电 阻的阻值 30k。 w（2）欧姆档更换规律“大小，小大”，即当指针偏角较大时，表明待测电阻较小，应 换较小的档位；反之应还较大的档位。电流总是从红表笔流入从黑表笔流出多用电表，每次 换挡一定要进行欧姆调零，测量电阻一定要断电作业。 16、【答案】（1）B、D，（2）电动势， w【解析】由题意“在 A、B 两电极附近产生了很薄的两个带电接触层 a、b”则该区域即为非 静电力作用的范围，故 BD 正确；依据电动势定义可知电势升高的总和等于电源的电动势。 17、【答案】（1）小车的总质量，小车所受外力， （2）①在质量不变的条件下，加速度与外力成正比，②C， 【解析】（1）因为要探索“加速度和力的关系”所以应保持小车的总质量不变，钩码所受的 第 15 页 共 17 页 教育资源分享店铺 网址： 微信号：kingcsa333 重力作为小车所受外力；（2）由于 OA 段 a-F 关系为一倾斜的直线，所以在质量不变的条件 mg MFmg 下，加速度与外力成正比；由实验原理： mg  Ma 得a  ，而实际上 a  ，M(M  m) 可见 AB 段明显偏离直线是由于没有满足 M>>m 造成的。 kmg g18、【解析】（1）l （2）p0＋ （3）偏小 4Sh 2h 1g【解析】小球从 B 点飞出后做平抛运动，则有l  v0t ，h  gt2 联立解得 v0  l ；在 22h 11gmgl2 吹小球的过程中，由动能定理可得： (P  P )Sx  mv02  ml2 即： 0222h 4h (P  P )S4h (P  P )S4h kmg l2  x ，可知直线的斜率 k  可得 P  P  。若考虑 000mg mg 4Sh 实验中小球与玻璃管的摩擦则得到的 p 与实际压强相比应偏小。 19、【答案】0.35 27.5/35 0.9 【解析】如图所示，A 光的波长为 625nm，在图上 0.8 φ对应的强度A ＝0.35；同理在图中找出 B1 的强度为 0.7 0.6 0.5 0.4 0.3 0.2 B1 =0.60，B2 的强度为B2 =0.07，由 A、B 两束光经传 感器的输出强 度 正 好 相 同 得 ： λ23IA 27.5 IB  0.60  IB  0.07  IA 0.35 得： 。55IB 35 0.1 020、【解析】（1）当达到最大速度时，P＝=Fv=fvm，vm＝ 6.4 6.6 6.8 7.0 6.0 6.2 5.8 Pf6104 2.5103 ＝m/s＝24m/s， （2）从开始到 72s 时刻依据动能定理得： 112Pt－mvm2＋mv02 2f 22Pt－fs＝ mvm － mv0 ，解得：s＝ ＝1252m。 2221、【解析】（1）插入水银槽后右管内气体：由玻意耳定律得：p0l0S＝p（l0－h/2）S， 所以 p＝78cmHg； （2）插入水银槽后左管压强：p’＝p＋gh＝80cmHg，左管内外水银面高度差 h1＝ p’－p0 ＝4cm，中、左管内气体 p0l＝p’l’，l’＝38cm， g 左管插入水银槽深度 h＝l＋h/2－l’＋h1＝7cm。 第 16 页 共 17 页 教育资源分享店铺 网址： 微信号：kingcsa333 21122、【解析】（1）对初始时刻：mgsin－mgcos＝ma0 ○，由右图读出 a0=4m/s 代入○式， gsin－ma0 解得：＝ ＝0.25； gcos 2（2）对末时刻加速度为零：mgsin－N－kvcos＝0 ○，又 N＝mgcos＋kvsin，由 mg（sin－cos） 2右图得出此时 v=5 m/s 代入○式解得：k＝ ＝0.84kg/s。 v（sin＋cos 23、【解析】（1）力矩平衡时：（mg－qE）lsin90＝（mg＋qE）lsin（120－90）， 1mg 即 mg－qE＝ （mg＋qE），得：E＝ ；23q 3（2）重力做功：Wg＝mgl（cos30－cos60）－mglcos60＝（ －1）mgl， 23静电力做功：We＝qEl（cos30－cos60）＋qElcos60＝ mgl， 6321（3）小球动能改变量Ek= mv2＝Wg＋We＝（ －1）mgl， 32Ek 32得小球的速度：v＝ ＝。（－1）gl m324、【解析】（1）金属棒做匀加速运动，R 两端电压 UIv，U 随时间均匀增大，即 v 随 时间均匀增大，加速度为恒量， B2l2v B2l2 （2）F－ ＝ma，以 F＝0.5v＋0.4 代入得（0.5－ ）v＋0.4＝a，a 与 v 无关，所 R＋r R＋r B2l2 以 a＝0.4m/s2，（0.5－ ）＝0，得 B＝0.5T， R＋r 1B2l2 1m（R＋r） （3）x1＝ at2，v0＝ x2＝at，x1＋x2＝s，所以 at2＋ at＝s，得：0.2t2 2m（R＋r） 2B2l2 ＋0.8t－1＝0，t＝1s， （4）可能图线如下： v/(ms-1) v/(ms-1) v/(ms-1) v/(ms-1) 0.9 0.4 O0.4 0.4 0.4 OOO0.5 0.5 0.5 0.5 0.2 1111x/m x/m x/m x/m