2016重庆高考物理试题和答案下载

<img src=" A．甲球用的时间比乙球长 BC．甲球末速度的大小大于乙球末速度的大小 ．甲球加速度的大小小于乙球加速度的大小 D【答案】 ．甲球克服阻力做的功大于乙球克服阻力做的功 BD f  kR 【解析】由已知 设 ① 则受力分析得 第 11 页 共 22 页 11 F合  mg  f F合  ma ②③4m   R3   ④3ka  g  43由①②③④得  R2   m  m 甲  乙 a  a C错由由可知 甲乙甲乙v-t 图可知甲乙位移相同，则 v甲  v乙 t甲  t乙 B对错AW克服 =f  x x甲  x乙 f甲  f乙 由功的定义可知 W乙克服 WD则对甲克服 20 P Q ．法拉第圆盘发动机的示意图如图所示．铜圆盘安装在竖直的铜轴上，两铜片 、 分别 与圆盘的边缘和铜轴接触．圆盘处于方向竖直向上的匀强磁场 中．圆盘旋转时，关于 B21cnjy.com R流过电阻 的电流，下列说法正确的是 A．若圆盘转动的角速度恒定，则电流大小恒定 BCa．若圆盘转动方向不变，角速度大小发生变化，则电流方向可能发生变化 b到 的方向流动 ．若从上向下看，圆盘顺时针转动，则电流沿 DR．若圆盘转动的角速度变为原来的两倍，则电流在 上的热功率也变为原来的 2倍AB 【解析】将圆盘看成无数幅条组成，它们都在切割磁感线从而产生感应电动势，出现感应电 【答案】 第 12 页 共 22 页 12 流：根据右手定则圆盘上感应电流从边缘向中心，则当圆盘顺时针转动时，流过电 21*cnjy*com ab到阻的电流方向从 1E  BLV  BL2 AC对， 错 由法拉第电磁感应定律得感生电动势 21E2 RB2 L42 P  2P4变为 倍时，变为原来的 倍 由得当4P  R21 O．如图，小球套在光滑的竖直杆上，轻弹簧一端固定于 点，另一端与小球相连．现将 小球从 点由静止释放，它在下降的过程中经过了点，已知在 、两点处，弹簧 MNM N πONM  OMN  M N ，在小球从 点运动到点的过程中 对小球的弹力大小相等．且 2A．弹力对小球先做正功后做负功 BC．有两个时刻小球的加速度等于重力加速度 ．弹簧长度最短时，弹力对小球做功的功率为零 DNM N ．小球到达 点时的动能等于其在 、两点的重力势能差 BCD 【解析】由题意可知在运动过程中受力如下 【答案】 MN 弹簧处于压缩态，则弹力做负功 小球的位移为 M  A 则从 A  B 从从在弹簧从压缩变为原长，弹力做正功 弹簧从原长到伸长，弹力做负功，则 B  N A错A点受力如下 第 13 页 共 22 页 13 a  g F  mg B， 对 则在即合B点弹簧处于原长则受力如下 FP =F Vcos=0 ， 对 AC在从点时， 垂直于杆，则 弹弹弹MN到小球与弹簧机械能守恒，则 E 0  E  EP重N  EP弹N  EP弹M Ek增  EP减 即kN P重M MN由 于 、两 点 弹 簧 弹 力 相 同 ， 由 胡 克 定 律 可 知 ， 弹 簧 形 变 量 相 同 ， 则 EP弹N  E E EP重M  E P重N ， 对 D.P弹M ，即 KN 第Ⅱ卷 22~32 题为选考题，考生根据要求作答． 三、非选择题：本卷包括必考题和选考题两部分．第 题为必考题．每个试题考生都 21 【版权所有： 教育】 33~40 必须作答．第 129 （一）必考题（共 分） 22 6．（ 分） a某物理小组对轻弹簧的弹性势能进行探究，实验装置如图（ ）所示：轻弹簧放置在光滑水 平桌面上，弹簧左端固定，右端与一物块接触而不连接，纸带穿过打点计时器并与物块连 接．向左推物块使弹簧压缩一段距离，由静止释放物块，通过测量和计算，可求得弹簧被压 缩后的弹性势能． 图 a ⑴ 实验中涉及到下列操作步骤： ①把纸带向左拉直 ②松手释放物块 ③接通打点计时器电源 ④向左推物块使弹簧压缩，并测量弹簧压缩量 上述步骤正确的操作顺序是 （填入代表步骤的序号）． bML和 纸带是分别把弹簧压缩到不同位置后所得到的实际打点结果．打点计 ⑵ 图（ ）中 50Hz Mm / s 时器所用交流电的频率为 物块脱离弹簧时的速度为 ．由 纸带所给的数据，可求出在该纸带对应的实验中 “M” “L” 或 ） ．比较两纸带可知， （填 21 【来源： ·世纪·教育·网】 纸带对应的实验中弹簧被压缩后的弹性势能大． 第 14 页 共 22 页 14 【答案】⑴④①③② 1.29 【解析】：⑴略 M⑵2.58  2.57 v  102 1.29m / s ⑵脱离弹簧后物体应该匀速直线运动，则 0.04 由能量守恒可知，物体的末动能越大，则弹簧被压缩时的弹性势能越大，  EPL E则PM 23 9．（ 分） Va某同学利用图（ ）所示电路测量量程为 2.5V 的电压表 的内阻（内阻为数千欧姆），可 ○），滑动变阻器 1 （最大阻值 R99999.9 50 ），滑 R供选择的器材有：电阻箱 （最大阻值 R动变阻器 2 （最大阻值 5k E3V 1），直流电源 （电动势），开关 个，导线若干． 图 a 实验步骤如下： a①按电路原理图（ ）连接线路； ②将电阻箱阻值调节为 ，将滑动变阻器的滑片移到与图（）中最左端所对应的位置，闭 0aS合开关 ； ③调节滑动变阻器，使电压表满偏 2.00V ，记下电阻 ④保持滑动变阻器滑片的位置不变，调节电阻箱阻值，使电压表的示数为 箱的阻值． 回答下列问题： RR”）． 2“”“⑴实验中应选择滑动变阻器 （填 或1ab⑵根据图（ ）所示电路将图（ ）中实物图连线． 第 15 页 共 22 页 15 图 b 630.0 ⑶实验步骤④中记录的电阻箱阻值为 变，计算可得电压表的内阻为 ，若认为调节电阻箱时滑动变阻器上的分压不 （结果保留到个位）． ⑷如果此电压表是由一个表头和电阻串联构成的，可推断该表头的满刻度电流为 （填 正确答案标号）．21 世纪教育网版权所有 100A 250A 500A ．A．B．CD．1mA R【答案】⑴ 1⑵2520 D⑶⑷【解析】⑴实验原理类比于半偏法测电表内阻 电压表所在支路的总电压应该尽量不变化，即滑动变阻器选最大阻值小的即选 R1⑵ 略 ⑶ 近似认为电压表所在电路的总电压不变，且流过电压表与变阻箱的电流不变， 22.5  2 R  4R  2520 则VRV RU满 2.5 I = 1mA ⑷ 由欧姆定律可知， 满R2520 24 12 如图，水平面（纸面）内间距为 的平行金属导轨间接一电阻，质量为、长度为 的金属 ．（ 分） lmlt  0 动． 0 时刻，金属杆进入磁感应强度大小为 ，方向垂直于纸面向里的匀强磁场区域，且在 F时，金属杆在水平向右、大小为 的恒定拉力作用下由静止开始运 杆置于导轨上． tB磁场中恰好能保持匀速运动．杆与导轨的电阻均忽略不计，两者始终保持垂直且接触良好， 两者之间的动摩擦因数为 ．重力加速度大小为．求 21 教育名师原创作品 g第 16 页 共 22 页 16 ⑴ 金属杆在磁场中运动时产生的电动势的大小； ⑵ 电阻的阻值． Blt0 E  R  F  mg 【答案】⑴ ⑵mB2l2t0 m0 ~ t 【解析】⑴ 由题意可知 0 时间内受力分析如下 F合  F  f f  mg ①②F合  ma 物体做匀加速直线运动 ③v物体匀加进入磁场瞬间的速度为 ，则 v  at ④0E  Blv 由法拉第电磁感应定律可知 ⑤由①②③④⑤可得 Blt0 E  F  mg ⑥m⑵ 金属杆在磁场中的受力如下即 由杆在磁场中匀速直线运动可知 F  F安  f  0 f  mg ⑦⑧F安  BIl E由安培力可知 ⑨I  由欧姆定律可知 ⑩RB2l2t0 m由⑥⑦⑧⑨⑩可知 R  25 20 轻质弹簧原长为 ，将弹簧竖直放置在地面上，在其顶端将一质量为 ．（ 分） 2l 当弹簧被压缩到最短时，弹簧长度为 ，现将该弹簧水平放置，一端固定在点，另一端与 AB 5l BCD 5m 的物体由静止释放， lAPBl物块 接触但不连接．是长度为 的水平轨道，端与半径 的光滑半圆轨道   0.5 P．用外力推动物块 ， 相切， RD PAB 半圆的直径 竖直，如图所示，物块 与间的动摩擦因数 lPg将弹簧压缩至长度 ，然后放开，开始沿轨道运动，重力加速度大小为 ． 第 17 页 共 22 页 17 PmPB⑴若 的质量为 ，求 到达 点时的速度的大小，以及它离开圆轨道后落回到上的位 AB B置与 点之间的距离； PP⑵若 能滑上圆轨道，且仍能沿圆轨道滑下，求 的质量的取值范围． E【解析】⑴地面上， P重 转化为 EE， 机 守恒 P弹 E  EP弹 ∴P重 5mgl  E lP ，此时弹簧长度为 E  E  Q A  B ：能量守恒： PKB 15mgl  mvB2  mg  4l  vB  6gl 即211B  D mg 2l  mv2  mv2  v  2gl ：动能定理： DBD22此后，物体做平抛运动： 14l y  2l  gt2  t  2gx  vDt  2 2l B∴ 点速度 v  6gl B，落点与 点距离为 2 2l B⑵假设物块质量为 m ' E  E'  Q' A  B 则：能量守恒： pKB 15mgl  m'vB' 2  m'g 4l 25mgl v' 2   2gl 解得： Bm' 5v' ≥0 v' 2 ≥0 m'≤ m若要滑上圆弧，则 ，即 ，解得 BB2C若要滑上圆弧还能沿圆弧滑下，则最高不能超过 点E  Q' E C此时 假设恰好到达点，则根据能量守恒： ppc 5mgl  m'g 4l  m'gl 5m'  m 解得： 35m'≥ m C故若使物块不超过 点， 35352m≤ m'≤ m综上： 45 332分．请考生从 道物理题，道化学题， 道生物题中，每科任选一 （二）选考题：共 道作答，如果多做则每科按所做的第一题计分．21 教育网 33 ．【物理 —— 选修 3-3 15 】（ 分） 第 18 页 共 22 页 18 5aab bc cd da ⑴（ 分）一定量的理想气体从状态开始，经历等温或等压过程 、、 、回到原 p-T ac O图像如图所示．其中对角线 的延长线过原点．下列判断正确的 状态，其 是．12243（填正确答案标号．选对 个得 分，选对 个得 分，选对 个得 分．每选错一个扣 5321cnj*y.co*m 【来源： 】0分，最低得分为 分） Aac．气体在 、 两状态的体积相等 ．气体在状态 时的内能大于它在状态 时的内能 BCaccd ．在过程 中气体向外界放出的热量大于外界对气体做的功 da D．在过程 中气体从外界吸收的热量小于气体对外界做的功 Ebc da ，开始时瓶中氧气的压强为 ．在过程 中外界对气体做的功等于在过程 3中气体对外界做的功 10 ⑵（ 分）一氧气瓶的容积为 20 个大气压．某实验室每 0.08m 31天消耗 个大气压的氧气 2．当氧气瓶中的压强降低到 个大气压时，需重新充 0.36m 气．若氧气的温度保持不变，求这瓶氧气重新充气前可供该实验室使用多少天． 1【答案】（ ） ABE 24（ ）天 【解析】⑴ A：PV  nRT nR P  T VP  kT 即体积 不变， V V VacB T ：理想气体内能是温度 的函数 T  T E  E 而故acacC cd ：过程为恒温升压过程，外界对系统做正功，但系统内能不变，故放热，放热 Q W 量外Dda ： 过程为恒压升温过程，体积增加，对外做功，故吸热 Q W  E 但吸热量 外內Q W 故外第 19 页 共 22 页 19 W  PV  nRTbc Ebc 过程恒压降温，体积减小 ：W '  P'V '  nRT da 过程 da T  T 因为 bc da W  W ' 故⑵瓶中气体量 PV  20atm0.08m3 1.6atmm3 剩余气体量 P V 2atm0.08m3  0.16atmm3 剩剩P V用 1atm0.36m3  0.36atmm3 每天用量 用1.6  0.16 n   4 （天） 0.36 34 —— 3-4 15 ⑴（ 分）关于电磁波，下列说法正确的是 ．【物理 选修 】（ 分） 5选对 个得 分，选对 个得 分．每选错一个扣 分，最低得分为 分） 12．（填正确答案标号，选对 个得 分， 2435．电磁波在真空中的传播速度与电磁波的频率无关 30AB．周期性变化的电场和磁场可以相互激发，形成电磁波 ．电磁波在真空中自由传播时，其传播方向与电场强度、磁感应强度均垂直 CD．利用电磁波传递信号可以实现无线通信，但电磁波不能通过电缆、光缆传输 E⑵（ 分）一列简谐横波在介质中沿轴正向传播，波长不小于 ．电磁波可以由电磁振荡产生，若波源的电磁振荡停止，空间的电磁波随即消失 10 衡位置分别位于 x处的两个质点． 10cm OA． 和是介质中平 x  0 x  5cm 和t  0 时开始观测，此时质点 的位移为 O1y  4cm t  s t 1s 时，质 A，质点 处于波峰位置； O时，质点 第一次回到平衡位置， 3·世纪 教育网 21 *A（ⅰ）简谐波的周期、波速和波长； 点第一次回到平衡位置．求 O（ⅱ）质点 的位移随时间变化的关系式． ABC 【答案】 ⑴ T=4s v  7.5cm / s  30cm i⑵（ ） 2521y  0.08sin( t  ) y  0.08cos( t  ) ii （ ） 或者 631【解析】（ ）选项，电磁波在真空中传播速度不变，与波长 频率无关 A/BCDE选项，电磁波的形成即是变化的电场和变化的磁场互相激发得到 选项，电磁波传播方向与电场方向与磁场方向垂直 选项，光是一种电磁波，光可在光导纤维中传播 选项，电磁振荡停止后，电磁波仍会在介质或真空中继续传播 t  0s 2i（ ）（） A时， 处质点位于波峰位置 t 1s A时， 处质点第一次回到平衡位置 T1s T=4s ，可知 41t  s O时， 第一次到平衡位置 3t 1s A时， 第一次到平衡位置 第 20 页 共 22 页 20 2s可知波从 传到 用时，传播距离 x  5cm OA3xv  7.5cm / s   vT  30cm ，波长 故波速 ty  Asin( t0 ) ii （ ）设 2 T2  rad/s 可知 又由 1t  s 3y  4cm y  0 ，t  0s 时， ；，50  A  8cm 代入得 ，再结合题意得 62521y  0.08sin( t  ) y  0.08cos( t  ) 故或者 6335 —— 选修 3-5 15 ．【物理 】（ 分） ⑴（ 分）在下列描述核过程的方程中，属于衰变的是 ，属于 衰变的是 5，属 于裂变的是 ，属于聚变的是 ．（填正确答案标号） 032 15 32 16 0AC164C  14 N + 1e BP  S+ 1e ．．7238 U  234Th + 42 He DF174 N + 24 He  17O+ 11H 31H + 2 H  42 He + 0 n ．．．92 90 8235 U + 01n  140Xe + 94Sr + 201n 1E．92 54 38 110 ⑵（ 分）如图，光滑冰面上静止放置一表面光滑的斜面体，斜面体右侧一蹲在滑板上的 3m / s 小孩和其前面的冰块均静止于冰面上．某时刻小孩将冰块以相对冰面 的速度向斜面 h  0.3m h体推出，冰块平滑地滑上斜面体，在斜面体上上升的最大高度为 （ 小于斜面体 m 10kg ，小孩与滑板 m  30kg g 10m / s2 的高度）．已知小孩与滑板的总质量为 始终无相对运动．取重力加速度的大小 ，冰块的质量为 12www-2-1-cnjy-com ．（ⅰ）求斜面体的质量； （ⅱ）通过计算判断，冰块与斜面体分离后能否追上小孩？ CAB EF聚变 【解析】⑴ 衰变 ⑵（ⅰ）规定水平向左为正 对小冰块与鞋面组成的系统 衰变 裂变 m v = m +M v 由动量守恒： 冰冰冰共121m冰v冰2 = m +M v2  m gh 由能量守恒： 冰共冰2v 1m / s M  20kg 解得 共ii （ ）由动量守恒 m +M v Mv  m v 冰共12M冰m11m冰v冰2 = MvM2  m冰vm2 由能量守恒 22vM  2m / svm  1m / s 联立解得 对小孩和冰块组成的系统： 第 21 页 共 22 页 21 0  m冰v冰  m小v小 v  1m / svm  v小  1m / s 解得 小即两者速度相同 故追不上 第 22 页 共 22 页 22