<img src=" A.甲球用的时间比乙球长 BC.甲球末速度的大小大于乙球末速度的大小 .甲球加速度的大小小于乙球加速度的大小 D【答案】 .甲球克服阻力做的功大于乙球克服阻力做的功 BD f kR 【解析】由已知 设 ① 则受力分析得 第 11 页 共 22 页 11 F合 mg f F合 ma ②③4m R3 ④3ka g 43由①②③④得 R2 m m 甲 乙 a a C错由由可知 甲乙甲乙v-t 图可知甲乙位移相同,则 v甲 v乙 t甲 t乙 B对错AW克服 =f x x甲 x乙 f甲 f乙 由功的定义可知 W乙克服 WD则对甲克服 20 P Q .法拉第圆盘发动机的示意图如图所示.铜圆盘安装在竖直的铜轴上,两铜片 、 分别 与圆盘的边缘和铜轴接触.圆盘处于方向竖直向上的匀强磁场 中.圆盘旋转时,关于 B21cnjy.com R流过电阻 的电流,下列说法正确的是 A.若圆盘转动的角速度恒定,则电流大小恒定 BCa.若圆盘转动方向不变,角速度大小发生变化,则电流方向可能发生变化 b到 的方向流动 .若从上向下看,圆盘顺时针转动,则电流沿 DR.若圆盘转动的角速度变为原来的两倍,则电流在 上的热功率也变为原来的 2倍AB 【解析】将圆盘看成无数幅条组成,它们都在切割磁感线从而产生感应电动势,出现感应电 【答案】 第 12 页 共 22 页 12 流:根据右手定则圆盘上感应电流从边缘向中心,则当圆盘顺时针转动时,流过电 21*cnjy*com ab到阻的电流方向从 1E BLV BL2 AC对, 错 由法拉第电磁感应定律得感生电动势 21E2 RB2 L42 P 2P4变为 倍时,变为原来的 倍 由得当4P R21 O.如图,小球套在光滑的竖直杆上,轻弹簧一端固定于 点,另一端与小球相连.现将 小球从 点由静止释放,它在下降的过程中经过了点,已知在 、两点处,弹簧 MNM N πONM OMN M N ,在小球从 点运动到点的过程中 对小球的弹力大小相等.且 2A.弹力对小球先做正功后做负功 BC.有两个时刻小球的加速度等于重力加速度 .弹簧长度最短时,弹力对小球做功的功率为零 DNM N .小球到达 点时的动能等于其在 、两点的重力势能差 BCD 【解析】由题意可知在运动过程中受力如下 【答案】 MN 弹簧处于压缩态,则弹力做负功 小球的位移为 M A 则从 A B 从从在弹簧从压缩变为原长,弹力做正功 弹簧从原长到伸长,弹力做负功,则 B N A错A点受力如下 第 13 页 共 22 页 13 a g F mg B, 对 则在即合B点弹簧处于原长则受力如下 FP =F Vcos=0 , 对 AC在从点时, 垂直于杆,则 弹弹弹MN到小球与弹簧机械能守恒,则 E 0 E EP重N EP弹N EP弹M Ek增 EP减 即kN P重M MN由 于 、两 点 弹 簧 弹 力 相 同 , 由 胡 克 定 律 可 知 , 弹 簧 形 变 量 相 同 , 则 EP弹N E E EP重M E P重N , 对 D.P弹M ,即 KN 第Ⅱ卷 22~32 题为选考题,考生根据要求作答. 三、非选择题:本卷包括必考题和选考题两部分.第 题为必考题.每个试题考生都 21 【版权所有: 教育】 33~40 必须作答.第 129 (一)必考题(共 分) 22 6.( 分) a某物理小组对轻弹簧的弹性势能进行探究,实验装置如图( )所示:轻弹簧放置在光滑水 平桌面上,弹簧左端固定,右端与一物块接触而不连接,纸带穿过打点计时器并与物块连 接.向左推物块使弹簧压缩一段距离,由静止释放物块,通过测量和计算,可求得弹簧被压 缩后的弹性势能. 图 a ⑴ 实验中涉及到下列操作步骤: ①把纸带向左拉直 ②松手释放物块 ③接通打点计时器电源 ④向左推物块使弹簧压缩,并测量弹簧压缩量 上述步骤正确的操作顺序是 (填入代表步骤的序号). bML和 纸带是分别把弹簧压缩到不同位置后所得到的实际打点结果.打点计 ⑵ 图( )中 50Hz Mm / s 时器所用交流电的频率为 物块脱离弹簧时的速度为 .由 纸带所给的数据,可求出在该纸带对应的实验中 “M” “L” 或 ) .比较两纸带可知, (填 21 【来源: ·世纪·教育·网】 纸带对应的实验中弹簧被压缩后的弹性势能大. 第 14 页 共 22 页 14 【答案】⑴④①③② 1.29 【解析】:⑴略 M⑵2.58 2.57 v 102 1.29m / s ⑵脱离弹簧后物体应该匀速直线运动,则 0.04 由能量守恒可知,物体的末动能越大,则弹簧被压缩时的弹性势能越大, EPL E则PM 23 9.( 分) Va某同学利用图( )所示电路测量量程为 2.5V 的电压表 的内阻(内阻为数千欧姆),可 ○),滑动变阻器 1 (最大阻值 R99999.9 50 ),滑 R供选择的器材有:电阻箱 (最大阻值 R动变阻器 2 (最大阻值 5k E3V 1),直流电源 (电动势),开关 个,导线若干. 图 a 实验步骤如下: a①按电路原理图( )连接线路; ②将电阻箱阻值调节为 ,将滑动变阻器的滑片移到与图()中最左端所对应的位置,闭 0aS合开关 ; ③调节滑动变阻器,使电压表满偏 2.00V ,记下电阻 ④保持滑动变阻器滑片的位置不变,调节电阻箱阻值,使电压表的示数为 箱的阻值. 回答下列问题: RR”). 2“”“⑴实验中应选择滑动变阻器 (填 或1ab⑵根据图( )所示电路将图( )中实物图连线. 第 15 页 共 22 页 15 图 b 630.0 ⑶实验步骤④中记录的电阻箱阻值为 变,计算可得电压表的内阻为 ,若认为调节电阻箱时滑动变阻器上的分压不 (结果保留到个位). ⑷如果此电压表是由一个表头和电阻串联构成的,可推断该表头的满刻度电流为 (填 正确答案标号).21 世纪教育网版权所有 100A 250A 500A .A.B.CD.1mA R【答案】⑴ 1⑵2520 D⑶⑷【解析】⑴实验原理类比于半偏法测电表内阻 电压表所在支路的总电压应该尽量不变化,即滑动变阻器选最大阻值小的即选 R1⑵ 略 ⑶ 近似认为电压表所在电路的总电压不变,且流过电压表与变阻箱的电流不变, 22.5 2 R 4R 2520 则VRV RU满 2.5 I = 1mA ⑷ 由欧姆定律可知, 满R2520 24 12 如图,水平面(纸面)内间距为 的平行金属导轨间接一电阻,质量为、长度为 的金属 .( 分) lmlt 0 动. 0 时刻,金属杆进入磁感应强度大小为 ,方向垂直于纸面向里的匀强磁场区域,且在 F时,金属杆在水平向右、大小为 的恒定拉力作用下由静止开始运 杆置于导轨上. tB磁场中恰好能保持匀速运动.杆与导轨的电阻均忽略不计,两者始终保持垂直且接触良好, 两者之间的动摩擦因数为 .重力加速度大小为.求 21 教育名师原创作品 g第 16 页 共 22 页 16 ⑴ 金属杆在磁场中运动时产生的电动势的大小; ⑵ 电阻的阻值. Blt0 E R F mg 【答案】⑴ ⑵mB2l2t0 m0 ~ t 【解析】⑴ 由题意可知 0 时间内受力分析如下 F合 F f f mg ①②F合 ma 物体做匀加速直线运动 ③v物体匀加进入磁场瞬间的速度为 ,则 v at ④0E Blv 由法拉第电磁感应定律可知 ⑤由①②③④⑤可得 Blt0 E F mg ⑥m⑵ 金属杆在磁场中的受力如下即 由杆在磁场中匀速直线运动可知 F F安 f 0 f mg ⑦⑧F安 BIl E由安培力可知 ⑨I 由欧姆定律可知 ⑩RB2l2t0 m由⑥⑦⑧⑨⑩可知 R 25 20 轻质弹簧原长为 ,将弹簧竖直放置在地面上,在其顶端将一质量为 .( 分) 2l 当弹簧被压缩到最短时,弹簧长度为 ,现将该弹簧水平放置,一端固定在点,另一端与 AB 5l BCD 5m 的物体由静止释放, lAPBl物块 接触但不连接.是长度为 的水平轨道,端与半径 的光滑半圆轨道 0.5 P.用外力推动物块 , 相切, RD PAB 半圆的直径 竖直,如图所示,物块 与间的动摩擦因数 lPg将弹簧压缩至长度 ,然后放开,开始沿轨道运动,重力加速度大小为 . 第 17 页 共 22 页 17 PmPB⑴若 的质量为 ,求 到达 点时的速度的大小,以及它离开圆轨道后落回到上的位 AB B置与 点之间的距离; PP⑵若 能滑上圆轨道,且仍能沿圆轨道滑下,求 的质量的取值范围. E【解析】⑴地面上, P重 转化为 EE, 机 守恒 P弹 E EP弹 ∴P重 5mgl E lP ,此时弹簧长度为 E E Q A B :能量守恒: PKB 15mgl mvB2 mg 4l vB 6gl 即211B D mg 2l mv2 mv2 v 2gl :动能定理: DBD22此后,物体做平抛运动: 14l y 2l gt2 t 2gx vDt 2 2l B∴ 点速度 v 6gl B,落点与 点距离为 2 2l B⑵假设物块质量为 m ' E E' Q' A B 则:能量守恒: pKB 15mgl m'vB' 2 m'g 4l 25mgl v' 2 2gl 解得: Bm' 5v' ≥0 v' 2 ≥0 m'≤ m若要滑上圆弧,则 ,即 ,解得 BB2C若要滑上圆弧还能沿圆弧滑下,则最高不能超过 点E Q' E C此时 假设恰好到达点,则根据能量守恒: ppc 5mgl m'g 4l m'gl 5m' m 解得: 35m'≥ m C故若使物块不超过 点, 35352m≤ m'≤ m综上: 45 332分.请考生从 道物理题,道化学题, 道生物题中,每科任选一 (二)选考题:共 道作答,如果多做则每科按所做的第一题计分.21 教育网 33 .【物理 —— 选修 3-3 15 】( 分) 第 18 页 共 22 页 18 5aab bc cd da ⑴( 分)一定量的理想气体从状态开始,经历等温或等压过程 、、 、回到原 p-T ac O图像如图所示.其中对角线 的延长线过原点.下列判断正确的 状态,其 是.12243(填正确答案标号.选对 个得 分,选对 个得 分,选对 个得 分.每选错一个扣 5321cnj*y.co*m 【来源: 】0分,最低得分为 分) Aac.气体在 、 两状态的体积相等 .气体在状态 时的内能大于它在状态 时的内能 BCaccd .在过程 中气体向外界放出的热量大于外界对气体做的功 da D.在过程 中气体从外界吸收的热量小于气体对外界做的功 Ebc da ,开始时瓶中氧气的压强为 .在过程 中外界对气体做的功等于在过程 3中气体对外界做的功 10 ⑵( 分)一氧气瓶的容积为 20 个大气压.某实验室每 0.08m 31天消耗 个大气压的氧气 2.当氧气瓶中的压强降低到 个大气压时,需重新充 0.36m 气.若氧气的温度保持不变,求这瓶氧气重新充气前可供该实验室使用多少天. 1【答案】( ) ABE 24( )天 【解析】⑴ A:PV nRT nR P T VP kT 即体积 不变, V V VacB T :理想气体内能是温度 的函数 T T E E 而故acacC cd :过程为恒温升压过程,外界对系统做正功,但系统内能不变,故放热,放热 Q W 量外Dda : 过程为恒压升温过程,体积增加,对外做功,故吸热 Q W E 但吸热量 外內Q W 故外第 19 页 共 22 页 19 W PV nRTbc Ebc 过程恒压降温,体积减小 :W ' P'V ' nRT da 过程 da T T 因为 bc da W W ' 故⑵瓶中气体量 PV 20atm0.08m3 1.6atmm3 剩余气体量 P V 2atm0.08m3 0.16atmm3 剩剩P V用 1atm0.36m3 0.36atmm3 每天用量 用1.6 0.16 n 4 (天) 0.36 34 —— 3-4 15 ⑴( 分)关于电磁波,下列说法正确的是 .【物理 选修 】( 分) 5选对 个得 分,选对 个得 分.每选错一个扣 分,最低得分为 分) 12.(填正确答案标号,选对 个得 分, 2435.电磁波在真空中的传播速度与电磁波的频率无关 30AB.周期性变化的电场和磁场可以相互激发,形成电磁波 .电磁波在真空中自由传播时,其传播方向与电场强度、磁感应强度均垂直 CD.利用电磁波传递信号可以实现无线通信,但电磁波不能通过电缆、光缆传输 E⑵( 分)一列简谐横波在介质中沿轴正向传播,波长不小于 .电磁波可以由电磁振荡产生,若波源的电磁振荡停止,空间的电磁波随即消失 10 衡位置分别位于 x处的两个质点. 10cm OA. 和是介质中平 x 0 x 5cm 和t 0 时开始观测,此时质点 的位移为 O1y 4cm t s t 1s 时,质 A,质点 处于波峰位置; O时,质点 第一次回到平衡位置, 3·世纪 教育网 21 *A(ⅰ)简谐波的周期、波速和波长; 点第一次回到平衡位置.求 O(ⅱ)质点 的位移随时间变化的关系式. ABC 【答案】 ⑴ T=4s v 7.5cm / s 30cm i⑵( ) 2521y 0.08sin( t ) y 0.08cos( t ) ii ( ) 或者 631【解析】( )选项,电磁波在真空中传播速度不变,与波长 频率无关 A/BCDE选项,电磁波的形成即是变化的电场和变化的磁场互相激发得到 选项,电磁波传播方向与电场方向与磁场方向垂直 选项,光是一种电磁波,光可在光导纤维中传播 选项,电磁振荡停止后,电磁波仍会在介质或真空中继续传播 t 0s 2i( )() A时, 处质点位于波峰位置 t 1s A时, 处质点第一次回到平衡位置 T1s T=4s ,可知 41t s O时, 第一次到平衡位置 3t 1s A时, 第一次到平衡位置 第 20 页 共 22 页 20 2s可知波从 传到 用时,传播距离 x 5cm OA3xv 7.5cm / s vT 30cm ,波长 故波速 ty Asin( t0 ) ii ( )设 2 T2 rad/s 可知 又由 1t s 3y 4cm y 0 ,t 0s 时, ;,50 A 8cm 代入得 ,再结合题意得 62521y 0.08sin( t ) y 0.08cos( t ) 故或者 6335 —— 选修 3-5 15 .【物理 】( 分) ⑴( 分)在下列描述核过程的方程中,属于衰变的是 ,属于 衰变的是 5,属 于裂变的是 ,属于聚变的是 .(填正确答案标号) 032 15 32 16 0AC164C 14 N + 1e BP S+ 1e ..7238 U 234Th + 42 He DF174 N + 24 He 17O+ 11H 31H + 2 H 42 He + 0 n ...92 90 8235 U + 01n 140Xe + 94Sr + 201n 1E.92 54 38 110 ⑵( 分)如图,光滑冰面上静止放置一表面光滑的斜面体,斜面体右侧一蹲在滑板上的 3m / s 小孩和其前面的冰块均静止于冰面上.某时刻小孩将冰块以相对冰面 的速度向斜面 h 0.3m h体推出,冰块平滑地滑上斜面体,在斜面体上上升的最大高度为 ( 小于斜面体 m 10kg ,小孩与滑板 m 30kg g 10m / s2 的高度).已知小孩与滑板的总质量为 始终无相对运动.取重力加速度的大小 ,冰块的质量为 12www-2-1-cnjy-com .(ⅰ)求斜面体的质量; (ⅱ)通过计算判断,冰块与斜面体分离后能否追上小孩? CAB EF聚变 【解析】⑴ 衰变 ⑵(ⅰ)规定水平向左为正 对小冰块与鞋面组成的系统 衰变 裂变 m v = m +M v 由动量守恒: 冰冰冰共121m冰v冰2 = m +M v2 m gh 由能量守恒: 冰共冰2v 1m / s M 20kg 解得 共ii ( )由动量守恒 m +M v Mv m v 冰共12M冰m11m冰v冰2 = MvM2 m冰vm2 由能量守恒 22vM 2m / svm 1m / s 联立解得 对小孩和冰块组成的系统: 第 21 页 共 22 页 21 0 m冰v冰 m小v小 v 1m / svm v小 1m / s 解得 小即两者速度相同 故追不上 第 22 页 共 22 页 22
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